Question

10．如圖所示，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=$\frac{\sqrt{2}}{5π}$．單匝矩形線圈面積S=1m²．電阻不計(jì)，繞垂直于磁場的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．線圈通過電刷與理想變壓器原線圈相接，A為交流電流表．調(diào)整副線圈的滑動(dòng)觸頭P，當(dāng)變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1：2時(shí)，副線圈電路中標(biāo)有“36V　36W”的燈泡正常發(fā)光．以下判斷正確的是（　�。�

• A． 電流表的示數(shù)為1A
• B． 從矩形線圈轉(zhuǎn)到中性面開始計(jì)時(shí)，矩形線圈電動(dòng)勢隨時(shí)間的變化規(guī)律為e=18$\sqrt{2}$sin90πt（V）
• C． 矩形線圈產(chǎn)生電動(dòng)勢的有效值為18V
• D． 若矩形線圈的轉(zhuǎn)速增大，為使燈泡仍能正常發(fā)光，應(yīng)將P適當(dāng)下移

Answer 1

分析 由于小燈泡正常發(fā)光，得到變壓器的輸出電壓和輸 出電流，然后結(jié)合變壓比公式和變流比公式求解變壓器的輸入電壓和電流，最后結(jié)合發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢公式e=NBSωsinωt分析．

解答 解：A、小燈泡正常發(fā)光，故變壓器的輸出電流為：${I}_{2}^{\;}=\frac{36}{36}A=1A$，根據(jù)變流比公式：$\frac{{I}_{1}^{\;}}{{I}_{2}^{\;}}=\frac{{n}_{2}^{\;}}{{n}_{1}^{\;}}$，計(jì)算得出${I}_{1}^{\;}=2A$，故A錯(cuò)誤；
BC、小燈泡正常發(fā)光，故變壓器的輸出電壓為36V，根據(jù)變壓比公式$\frac{{U}_{1}^{\;}}{{U}_{2}^{\;}}=\frac{{n}_{1}^{\;}}{{n}_{2}^{\;}}$，計(jì)算得出${U}_{1}^{\;}=18V$，故矩形線圈產(chǎn)生電動(dòng)勢的有效值為18V，矩形線圈產(chǎn)生電動(dòng)勢的最大值為$18\sqrt{2}V$，根據(jù)公式${E}_{m}^{\;}=NBSω$，計(jì)算得出$ω=\frac{{E}_{m}^{\;}}{NBS}=\frac{18\sqrt{2}}{1×\frac{\sqrt{2}}{5π}×1}=90πrad/s$，故矩形線圈轉(zhuǎn)到中性面開始計(jì)時(shí)，矩形線圈電動(dòng)勢隨時(shí)間的變化規(guī)律$e={E}_{m}^{\;}sinωt=18\sqrt{2}sin90πt$（V），故BC正確；
D、若矩形線圈轉(zhuǎn)速增大，根據(jù)公式${E}_{m}^{\;}=NBSω$，感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值增加，故有效值也增加，為使燈泡仍能正常發(fā)光，應(yīng)該減小變壓比，故應(yīng)將P適當(dāng)上移，故D錯(cuò)誤；
故選：BC

點(diǎn)評 本題關(guān)鍵是明確交流發(fā)電機(jī)的瞬時(shí)值、有效值、最大值的區(qū)別和求解方法，同時(shí)要結(jié)合變壓器的變壓比和變流比公式列式求解．