Question

16．如圖所示，水平桌面上放著一塊木板，木板的質(zhì)量M=1.0kg，長(zhǎng)度L=1.0m，厚度可以忽略不計(jì)，木板左右兩端與桌面的兩端對(duì)齊．質(zhì)量m=1.0kg的小物塊放在木板的正中央（小物塊可視為質(zhì)點(diǎn)）．物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)?₁=0.40，物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)?₂=0.20，木板與桌面間的摩擦忽略不計(jì)．現(xiàn)對(duì)木板施加一個(gè)水平向右的恒力F，木板與物塊發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間物塊離開(kāi)木板，此后物塊在桌面上運(yùn)動(dòng)，最后剛好停在桌面的右端．取g=10m/s²．求：
（1）小物塊在木板上滑動(dòng)的加速度；
（2）物塊在木板上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；
（3）作用在木板上的恒力F的大�。�

Answer 1

分析 （1）小物塊先勻加速運(yùn)動(dòng)，后勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度；
（2）運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)位移公式列式后聯(lián)立求解運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；
（3）對(duì)木板，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解加速度，根據(jù)牛頓第二定律列式求解拉力．

解答 解：（1）小物塊在木板上滑動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，有：
  μ₁mg=ma₁ 
解得：a₁=μ₁g=0.4×10=4m/s²．
（2）小物塊在桌面上滑動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，有：
   μ₂mg=ma₂
解得：a₂=μ₂g=0.2×10=2m/s²．
經(jīng)過(guò)時(shí)間t₁，物塊與木板分離，物塊的位移：
  x₁=$\frac{1}{2}$a₁t₁²．
此后，物塊在桌面上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t₂運(yùn)動(dòng)到桌面的最右端，速度剛好減為零，位移：
   x₂=$\frac{1}{2}$a₂t₂²

由圖1，有：
  x₁+x₂=$\frac{L}{2}$
物塊與木板分離時(shí)速度：
v=a₁t₁
v=a₂t₂
解得：
t₁=0.29s
（3）物塊在木板上滑動(dòng)時(shí)，木板水平方向受力如圖2所示：

木板向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律，有：
F-μ₁mg=Ma₃ 
解得：a₃=$\frac{F-{μ}_{1}mg}{M}$
物塊和木板分離時(shí)，木板的位移：
  x₃=$\frac{1}{2}$a₃t₁²
由圖1可知：
  x₃-x₁=$\frac{L}{2}$
解得：F=20N
答：
（1）小物塊在木板上滑動(dòng)的加速度為4m/s²．
（2）物塊在木板上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為0.29s；
（3）作用在木板上的恒力F的大小為20N．

點(diǎn)評(píng) 本題第一、二問(wèn)是已知受力情況確定運(yùn)動(dòng)情況，第三問(wèn)是已知運(yùn)動(dòng)情況確定受力情況，關(guān)鍵是先求解加速度，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)公式或牛頓第二定律列式求解