Question

如圖所示，圓形區(qū)域的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B、方向垂直紙面向里，邊界跟y軸相切于坐標原點O． O點處有一放射源，沿紙面向各方向射出速率均為v的某種帶電粒子，帶電粒子在磁場中做圓周運動的半徑是圓形磁場區(qū)域半徑的兩倍．已知該帶電粒子的質(zhì)量為m、電量為q，不考慮帶電粒子的重力．
（1）推導粒子在磁場空間做圓周運動的軌道半徑
（2）求粒子通過磁場空間的最大偏轉(zhuǎn)角
（3）若粒子與磁場邊界碰撞后以原速率反彈，則從O點沿x軸正方向射入磁場的粒子第一次回到O點經(jīng)歷的時間是多長？（已知arctan2=

7π

20

）

Answer 1

分析：（1）帶電粒子在洛倫茲力作用下，在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律可求得出軌道半徑．
（2）粒子經(jīng)過磁場的偏轉(zhuǎn)角最大，即為在磁場中的弧長最長，也就是射入點到射出點的距離最大，由題意可知，射入點到射出點的距離最大為磁場的直徑，由幾何知識可求出最大偏轉(zhuǎn)角．
（3）由幾何關(guān)系可知粒子在與磁場邊界相撞過程中所經(jīng)過的圓心角，要能返回則應(yīng)使粒子經(jīng)過的圓心角之和為2π的整數(shù)倍．根據(jù)圓心角與周期求時間．

解答：解：（1）帶電粒子進入磁場后，受洛倫茲力作用，由牛頓第二定律得：
  Bqυ=m

v2

r

得：軌道半徑為r=

mv

Bq

（2）設(shè)磁場圓形區(qū)域的半徑為R，粒子飛出和進入磁場的速度方向夾角為φ，則軌跡所對應(yīng)的圓心角也為φ，由幾何知識得
   sin

φ

2

=

x

2r

，x是粒子在磁場中軌跡的兩端點的直線距離．
x最大值為2R，對應(yīng)的就是φ最大值．且2R=r
則sin

φm

2

=

2R

2r

=

r

2r

=

1

2

則得最大偏轉(zhuǎn)角為φ_m=2arcsin

1

2

．
（3）相鄰碰撞點之間的圓弧對應(yīng)的圓心角α有：tan

1

2

α=

r

R

=2

即得

1

2

α=

7π

20

，則α=

7

12

π
要使粒子碰撞后返回O點，應(yīng)有k₁α=2πk₂（k₁、k₂為整數(shù)）
易知第一次返回O點：k₁=20，k₂=7（即碰撞了20次，轉(zhuǎn)了7周第一次回到O點）
故 t=20△t=20

π-α

2π

T=

6πm

Bq

；
答：
（1）推導粒子在磁場空間做圓周運動的軌道半徑
（2）粒子通過磁場空間的最大偏轉(zhuǎn)角
（3）若粒子與磁場邊界碰撞后以原速率反彈，則從O點沿x軸正方向射入磁場的粒子第一次回到O點經(jīng)歷的時間是

6πm

Bq

．

點評：該題考查到了帶電粒子在勻強磁場中做圓周運動的半徑的推導，洛倫茲力提供向心力；帶電粒子在圓形區(qū)域的勻強磁場中的偏轉(zhuǎn)角，與在磁場中的弧長是成正比的，弧長越長，所對應(yīng)的弦長也就越長，要會熟練的利用幾何關(guān)系求解圓心角；對于由于有限制條件使得粒子多次在磁場中運動的情況，要徹底分析粒子的運動過程，分析其運動規(guī)律．