分析 (1)電荷做類似平拋運動,根據(jù)類似平拋運動的分位移公式列式求解電場強度,然后結(jié)合動能定理即可求出離開時的動能;
(2)粒子從BC邊離開電場,結(jié)合在電場方向的偏移,根據(jù)動能定理求出電場強度的大小.
解答 解:(1)帶電在勻強電場中做類平拋運動,根據(jù)分運動公式,有:
L=v0t
H=$\frac{1}{2}a{t}^{2}$
a=$\frac{qE}{m}$
聯(lián)立解得:E=$\frac{2m{v}_{0}^{2}H}{q{L}^{2}}=\frac{4{E}_{k}H}{q{L}^{2}}$
粒子在電場中運動的過程電場力做功,由動能定理得:qEH=Ekt-Ek
得:Ekt=Ek+qEH=$\frac{4{E}_{k}{H}^{2}}{{L}^{2}}+{E}_{k}$
(2)設(shè)粒子從BC邊離開電場的偏轉(zhuǎn)量為y′,
則偏轉(zhuǎn)量:$y′=\frac{1}{2}a′t=\frac{1}{2}•\frac{q{E}_{1}{L}^{2}}{m{v}_{0}^{2}}$
根據(jù)動能定理得:qE1y′=Ek′-Ek
解得:${E}_{1}=\frac{\sqrt{4{E}_{k}({E}_{k}′-{E}_{k})}}{qL}$
答:(1)若粒子從c點離開電場,電場強度的大小E和粒子離開電場時的動能是$\frac{4{E}_{k}{H}^{2}}{{L}^{2}}+{E}_{k}$;
(2)若粒子從bc邊離開電場時動能為E′k,則電場強度E1為$\frac{\sqrt{4{E}_{k}({E}_{k}′-{E}_{k})}}{qL}$.
點評 本題考查了粒子在勻強電場的運動,關(guān)鍵是結(jié)合類似平拋運動的分運動公式和牛頓第二定律列式求解,常規(guī)題目.
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A. | PQ中電流先增大后減小 | B. | PQ兩端電壓先減小后增大 | ||
C. | PQ上拉力的功率先減小后增大 | D. | 線框消耗的電功率先減小后增大 |
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A. | 滑塊運動的加速度逐漸減小 | |
B. | 滑塊運動的速度先增大后減小 | |
C. | x=0.15m處的場強大小為2.0×106N/C | |
D. | 滑塊運動的最大速度約為0.1m/s |
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A. | 愛因斯坦光電效應(yīng)方程是:$\frac{1}{2}$mvm2=hν-W | |
B. | 只要光照射的時間足夠長,任何金屬都能產(chǎn)生光電效應(yīng) | |
C. | 無論光強多強,只要光的頻率小于金屬的極限頻率就不能產(chǎn)生光電效應(yīng) | |
D. | 發(fā)生光電效應(yīng)時,入射光頻率越大所產(chǎn)生的光電子的最大初動能就越大 |
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科目:高中物理 來源: 題型:選擇題
A. | F•h | B. | mgh | C. | 2mgh | D. | 無法確定 |
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