Question

11．如圖甲所示，A和B是真空中、面積很大的平行金屬板，O是一個可以連續(xù)產(chǎn)生粒子的粒子源，O到A、B的距離都是l．現(xiàn)在A、B之間加上電壓，電壓U_AB隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示．已知粒子源在交變電壓的一個周期內(nèi)可以均勻產(chǎn)生大量粒子，粒子質(zhì)量為m、電荷量為-q．這種粒子產(chǎn)生后，在電場力作用下從靜止開始運動．設(shè)粒子一旦碰到金屬板，它就附在金屬板上不再運動，且電荷量同時消失，不影響A、B板電勢．不計粒子的重力，不考慮粒子之間的相互作用力．已知上述物理量l=0.6m，U₀=1.2×10³V，T=1.2×10^-2S，m=5×10^-10kg，q=1×10^-7C

（1）0-$\frac{T}{2}$ 和$\frac{T}{2}$-T兩段時間內(nèi)粒子的加速度分別為多大；
（2）在t=0時刻出發(fā)的粒子，會在什么時刻到達(dá)哪個極板；
（3）在0-$\frac{T}{2}$范圍內(nèi)，哪段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒不能到達(dá)A板；
（4）到達(dá)B板的粒子中速度最大為多少．

Answer 1

分析 （1）由牛頓第二定律求的加速度
（2）根據(jù)電勢高低判斷粒子向哪個極板運動，再根據(jù)粒子做初速度為0的勻加速直線運動求出粒子運動的時間即可；
（3）分別求出粒子運動的加速度，由粒子先加速運動再減速運動，到達(dá)A板時速度恰好為零，此時是恰好還能到達(dá)A的粒子，在此之前的粒子都可以到達(dá)A板，在此之后的粒子將不能到達(dá)A板．
（4）根據(jù)動能定理．即可求出到達(dá)B板的微粒中最大速度．

解答 解：（1）在0-$\frac{T}{2}$ 內(nèi)產(chǎn)生的加速度為${a}_{1}=\frac{q{U}_{0}}{2ml}=\frac{1×1{0}^{-7}×1.2×1{0}^{3}}{2×5×1{0}^{-10}×0.6}m/{s}^{2}=2×1{0}^{5}m/{s}^{2}$
在$\frac{T}{2}$-T內(nèi)產(chǎn)生的加速度為${a}_{1}=\frac{q{•2U}_{0}}{2ml}=\frac{1×1{0}^{-7}×2.4×1{0}^{3}}{2×5×1{0}^{-10}×0.6}m/{s}^{2}=4×1{0}^{5}m/{s}^{2}$
（2）根據(jù)圖乙可知，從t=0時刻開始，A板電勢高于B板電勢，粒子向A板運動，設(shè)粒子到達(dá)A板的時間為t，并假設(shè)在半個周期內(nèi)到達(dá)A板，則有：$l=\frac{1}{2}{a}_{1}{t}^{2}$
解得：$t=\sqrt{6}×1{0}^{-3}s＜\frac{T}{2}$
故在t時刻到達(dá)A板
（3）設(shè)在0-$\frac{T}{2}$ 內(nèi)經(jīng)過時間t加速，則在時間t內(nèi)通過的位移為${x}_{1}=\frac{1}{2}{a}_{1}{t}^{2}$，ts末的速度為v=a₁t
電壓反向后速度減為零通過的位移為${x}_{2}=\frac{（{a}_{1}t）^{2}}{2{a}_{2}}$
剛好達(dá)不到A板通過的位移為l=x₁+x₂
聯(lián)立解得t=2×10^-3s
故在（2×10^-3，6×10^-3）內(nèi)產(chǎn)生的微粒不能到達(dá)A板
（4）恰好未撞上A板的粒子，反向加速距離最大，所獲得的速度最大，為：${v}_{m}^{2}=2{a}_{2}•2l$
解得：${v}_{m}=400\sqrt{6}m/s$
答：（1）0-$\frac{T}{2}$ 和$\frac{T}{2}$-T兩段時間內(nèi)粒子的加速度分別為2×10⁵m/s²，4×10⁵m/s²；
（2）在t=0時刻出發(fā)的粒子，會在$\sqrt{6}×1{0}^{-3}s$時刻到達(dá)A極板；
（3）在0-$\frac{T}{2}$范圍內(nèi)，在（2×10^-3，6×10^-3）內(nèi)產(chǎn)生的微粒不能到達(dá)A板；
（4）到達(dá)B板的粒子中速度最大為$400\sqrt{6}m/s$

點評 粒子在交變電場作用下做加速運動，當(dāng)電場改變方向時粒子所受電場力同時改變方向，根據(jù)粒子在電場中做勻變速直線運動根據(jù)運動規(guī)律求解粒子的運動情況．掌握規(guī)律是解決問題的關(guān)鍵．