3．如圖所示.三角體由兩種材料拼接而成.BC界面平行于底面DE.兩側(cè)面與水平面夾角分別為30和60.已知物塊從A由靜止下滑.加速運(yùn)動(dòng)至B再勻速運(yùn)動(dòng)至D,若該物塊靜止從A沿另一側(cè)面下滑.則有 A．通過(guò)C點(diǎn)的速率等于通過(guò)B點(diǎn)的速率 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

如圖所示，三角體由兩種材料拼接而成，BC界面平行底面DE，兩側(cè)面與水平面夾角分別為30°和60°已知物塊從A靜止下滑，加速至B勻速至D；若該物塊仍能由靜止沿另一側(cè)面ACE下滑，則有（　�。�

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如圖所示，三角體由兩種材料拼接而成，BC界面平行底面DE，兩側(cè)面與水平面夾角分別為30°和60°．已知物塊從A靜止下滑．加速至B勻速至D；若該物塊靜止從A沿另一側(cè)面下滑，則有（　�。�

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如圖所示，三角體由兩種材料拼接而成，BC界面平行底面DE，兩側(cè)面與水平面夾角分別為30°和60°已知物塊從A靜止下滑，加速至B勻速至D；若該物塊仍能由靜止沿另一側(cè)面ACE下滑，則有（　�。�

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如圖所示，三角體由兩種材料拼接而成，BC界面平行于底面DE，兩側(cè)面與水平面夾角分別為30°和60°；已知物塊從頂端A由靜止下滑，先加速至B再勻速至D；若該物塊由靜止從頂端A沿另一側(cè)面下滑，則（　　）

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精英家教網(wǎng)如圖所示，三角體由兩種材料拼接而成，BC界面平行底面DE，且B點(diǎn)為AD的中點(diǎn)，兩側(cè)面與水平面夾角分別為37°．和53°．已知一物塊從A靜止下滑，加速至B減速至D，且到D點(diǎn)時(shí)恰好靜止．若該物塊從A點(diǎn)靜止釋放沿另一側(cè)面下滑，則有（　�。�

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題號(hào)

1

2

3

4

5

6

答案

B

D

C

A

B

BC

題號(hào)

7

8

9

 

 

答案

BC

BD

AD

 

 

 

10．（8分）8.472；10.040；

 

11. （10分）(1)從實(shí)驗(yàn)裝置看,該同學(xué)所用交流電的電壓為 _220  伏特,操作步驟中釋放紙帶和接通電源的先后順序應(yīng)該是 _先接通電源后釋放紙帶 （每空1分，共2分）

 

(2)從數(shù)據(jù)處理方法看，在S1、S2、S3、S4、S5、S6中，對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果起作用的，方法A中有 _ S1、S6; 方法B中有S1、S2、S3、S4、S5、S6。因此，選擇方法 _B （A或B）更合理，這樣可以減少實(shí)驗(yàn)的 _偶然  (系統(tǒng)或偶然)誤差。（每空1分，共4分）

 (3)本實(shí)驗(yàn)誤差的主要來(lái)源有（試舉出兩條）. （每答對(duì)1條得2分，共4分）

     重物下落過(guò)程中受到阻力；      S1、S2、S3、S4、S5、S6 長(zhǎng)度測(cè)量；

交流電頻率波動(dòng)；             數(shù)據(jù)處理方法等。

12、（11分）

（1）水果電池的內(nèi)阻太大。（1分）

（2）（6分）曉宇的方法不正確（1分），因水果電池本身有電動(dòng)勢(shì)（1分），當(dāng)用歐姆表直接接“土豆電池”的兩極時(shí)，歐姆表內(nèi)部的電源與水果電池的電動(dòng)勢(shì)正向或反向串聯(lián)，影響測(cè)量的結(jié)果，故測(cè)不準(zhǔn)（1分）。

小麗同學(xué)測(cè)量的誤差也很大（1分）。理想狀態(tài)下用電流表測(cè)得的是短路電流，伏特表測(cè)得的應(yīng)當(dāng)是電源電動(dòng)勢(shì)，但由于水果電池的內(nèi)阻很大，伏特表的內(nèi)阻不是遠(yuǎn)大于水果電池的內(nèi)阻（1分），故其測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)誤差大，算得的內(nèi)阻亦不準(zhǔn)確（1分）。

（3）①B（1分）、G（1分）

        ②（2分）

 

13．（14分）（1）1.0m/s2；（2）25m/s ；（3）10s 

 

14．（14分）

解析：（1）由0－v2＝－2as　得

加速度大小a＝＝＝0.05m/s2�。�4分）

（2）由牛頓第二定律得

　f阻＋F附＝ma

　故f阻＝ma－F附＝3×106×0.05－9×104＝6×104N （4分）

（3）由P＝Fv得

　P＝f阻?vm

　故P＝6×104×20＝1.2×106W       （4分）

（4）由動(dòng)能定理得：

　Pt－f阻s1＝mv2m

代入數(shù)據(jù)解得：s1＝10km

故總行程s＝s1＋s2＝14km        （2分）

 

15. （16分）解：對(duì)薄板由于Mgsin37?m(M+m)gcos37故滑塊在薄板上滑動(dòng)時(shí)，薄板靜止不動(dòng).

對(duì)滑塊：在薄板上滑行時(shí)加速度a=gsin37=6m/s，至B點(diǎn)時(shí)速度V==6m/s。

滑塊由B至C時(shí)的加速度a= gsin37-mgcos37=2 m/s,滑塊由B至C用時(shí)t,由L=Vt+at

即t+6t-7=0  解得t=1s

對(duì)薄板：滑塊滑離后才開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，加速度a= gsin37-mgcos37=2 m/s，滑至C端用時(shí)t==s

故滑塊、平板下端B到達(dá)斜面底端C的時(shí)間差是△t= t-t=-1=1.65s

 

16．(16分) （1）設(shè)A、B下落H高度時(shí)速度為υ，由機(jī)械能守恒定律得：                   （1分）

B著地后，A先向下運(yùn)動(dòng)，再向上運(yùn)動(dòng)到，當(dāng)A回到B著地時(shí)的高度時(shí)合外力為0，對(duì)此過(guò)程有：    （1分）

解得：                            （1分）

（2）B物塊恰能離開(kāi)地面時(shí)，彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，彈力大小等于mg，B物塊剛著地解除彈簧鎖定時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈力大小等于mg．因此，兩次彈簧形變量相同，則這兩次彈簧彈性勢(shì)能相同，設(shè)為EP．                         （2分）

又B物塊恰能離開(kāi)地面但不繼續(xù)上升，此時(shí)A物塊速度為0．

從B物塊著地到B物塊恰能離開(kāi)地面但不繼續(xù)上升的過(guò)程中，A物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，即：

（2分）解得：Δx＝H  （2分）

（3）因?yàn)锽物塊剛著地解除彈簧鎖定時(shí)與B物塊恰能離開(kāi)地面時(shí)彈簧形變量相同，所以彈簧形變量     （1分）

第一次從B物塊著地到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程中，彈簧和A物塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒： （2分）

第二次釋放A、B后，A、B均做自由落體運(yùn)動(dòng)，由機(jī)械能守恒得剛著地時(shí)A、B系統(tǒng)的速度為       （1分）

從B物塊著地到B剛要離地過(guò)程中，彈簧和A物塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒：        （2分）

聯(lián)立以上各式得：                （1分）

 


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