Question

（本題14分）如圖，矩形AOCD的頂點A的坐標是（0，4）．動點P從點O出發(fā)沿線段OC（不包括端點O，C）以每秒2個單位長度的速度勻速向點C運動，同時動點Q從點C出發(fā)沿線段CD（不包括端點C，D）以每秒1個單位長度的速度勻速向點D運動．當其中一點到達終點時，另一點也停止運動．設運動時間為t（秒），當t=2（秒）時，PQ=．解答下列問題：

（1）求點D的坐標；

（2）直接寫出t的取值范圍；

（3）連接AQ并延長交x軸于點E，把AQ沿AD翻折，點Q落在CD延長線上點F處，連接EF．

①t為何值時，PQ∥AF；

②△AEF的面積S是否隨t的變化而變化？若變化，求出S與t的函數關系式；若不變化，求出S的值．

Answer 1

（1）D（8，4）；（2）0＜t＜4；（3）①t=6-②結論：△AEF的面積S不變化， S=32.

【解析】

試題分析：（1）因為矩形AOCD的頂點A的坐標是（0，4），所以設OC=x，在Rt△PCQ中，由勾股定理求出x的值即OC的長即可得出點D的坐標；（2）因為當其中一點到達終點時，另一點也停止運動，所以根據點D的坐標（8，4）可得t的取值范圍；（3）①由PQ∥AF，可證△CPQ∽△DAF，所以可得，由翻折變換的性質可知：DF=DQ=4-t，代入比例式可得關于t的方程，然后解方程即可；②證明△AQD∽△EQC，從而用t表示出線段CE的長，然后利用S=S梯形AOCF+S△CEF-S△AOE，利用公式代入化簡整理得出一個常數32，得證.

試題解析：【解析】
（1）由題意可知：當t=2秒時，OP=4，CQ=2，

設OC=x，則PC=x-4，

∵在Rt△PCQ中，由勾股定理得：PC2+CQ2=PQ2，

∴（x-4）2+22=（）2，-----2分

x1=8，x2=0（不符合題意舍去），

∵矩形AOCD的頂點A的坐標是（0，4），∴D（8，4）.

（2）∵D（8，4），∴t的取值范圍是：0＜t＜4.

（3）①∵PQ∥AF，∴∠PQC=∠AFD，

∵∠ADF=∠PCQ=90°，∴△CPQ∽△DAF，

∴，由翻折變換的性質可知：DF=DQ=4-t，

∴，化簡得，

t1=6+，t2=6-，

由（2）知0＜t＜4，∴t1=6+＞4舍去，

∴當t=6-時，PQ∥AF；---8分

②結論：△AEF的面積S不變化.

理由是：∵四邊形AOCD是矩形，∴AD∥OE，

∴∠DAQ=∠CEQ,∵∠DQA=∠CQE,∴△AQD∽△EQC，

∴，∴，，

由翻折變換的性質可知：DF=DQ=4-t，則CF=CD+DF=8-t，

∴S=S梯形AOCF+S△CEF-S△AOE

=（OA+CF）×OC+CF×CE-OA×OE

=[4+（8-t）]×8+（8-t）×-×4×（8+）=32（定值）.

∴△AEF的面積S不變化，S=32．

考點：1.點的坐標；2.矩形的性質；3.勾股定理；4. 圖形翻折的性質；5.相似三角形的判定與性質.