Question

如圖，二次函數(shù)的圖象與x軸相交于點(diǎn)A（﹣3，0）、B（﹣1，0），與y軸相交于點(diǎn)C（0，3），點(diǎn)P是該圖象上的動(dòng)點(diǎn)；一次函數(shù)y=kx﹣4k（k≠0）的圖象過(guò)點(diǎn)P交x軸于點(diǎn)Q．

（1）求該二次函數(shù)的解析式；
（2）當(dāng)點(diǎn)P的坐標(biāo)為（﹣4，m）時(shí)，求證：∠OPC=∠AQC；
（3）點(diǎn)M，N分別在線(xiàn)段AQ、CQ上，點(diǎn)M以每秒3個(gè)單位長(zhǎng)度的速度從點(diǎn)A向點(diǎn)Q運(yùn)動(dòng)，同時(shí)，點(diǎn)N以每秒1個(gè)單位長(zhǎng)度的速度從點(diǎn)C向點(diǎn)Q運(yùn)動(dòng)，當(dāng)點(diǎn)M，N中有一點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)時(shí)，兩點(diǎn)同時(shí)停止運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒．連接AN，當(dāng)△AMN的面積最大時(shí)，
①求t的值；
②直線(xiàn)PQ能否垂直平分線(xiàn)段MN？若能，請(qǐng)求出此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo)；若不能，請(qǐng)說(shuō)明你的理由．

Answer 1

解：（1）∵二次函數(shù)的圖象與x軸相交于點(diǎn)A（﹣3，0）、B（﹣1，0），
∴設(shè)二次函數(shù)的解析式為：y=a（x+3）（x+1）。
∵二次函數(shù)的圖象經(jīng)過(guò)點(diǎn)C（0，3），∴3=a×3×1，解得a=1。
∴二次函數(shù)的解析式為：y=（x+3）（x+1），即y =x²+4x+3。
（2）證明：在二次函數(shù)解析式y(tǒng)=x²+4x+3中，當(dāng)x=﹣4時(shí)，y=3，∴P（﹣4，3）。
∵P（﹣4，3），C（0，3），∴PC=4，PC∥x軸。
∵一次函數(shù)y=kx﹣4k（k≠0）的圖象交x軸于點(diǎn)Q，當(dāng)y=0時(shí)，x=4，∴Q（4，0），OQ=4。
∴PC=OQ。
又∵PC∥x軸，∴四邊形POQC是平行四邊形。
∴∠OPC=∠AQC。
（3）①在Rt△COQ中，OC=3，OQ=4，由勾股定理得：CQ=5．
如答圖1所示，過(guò)點(diǎn)N作ND⊥x軸于點(diǎn)D，則ND∥OC，

∴△QND∽△QCO。
∴，即，
解得：。
設(shè)S=S_△AMN，則：
。
又∵AQ=7，點(diǎn)M的速度是每秒3個(gè)單位長(zhǎng)度，
∴點(diǎn)M到達(dá)終點(diǎn)的時(shí)間為t=，
∴（0＜t≤）。
∵＜0，＜，且x＜時(shí)，y隨x的增大而增大，
∴當(dāng)t=時(shí)，△AMN的面積最大。
②假設(shè)直線(xiàn)PQ能夠垂直平分線(xiàn)段MN，則有QM=QN，且PQ⊥MN，PQ平分∠AQC。
由QM=QN，得：7﹣3t=5﹣t，解得t=1。
此時(shí)點(diǎn)M與點(diǎn)O重合，如答圖2所示，

設(shè)PQ與OC交于點(diǎn)E，由（2）可知，四邊形POQC是平行四邊形，
∴OE=CE。
∵點(diǎn)E到CQ的距離小于CE，
∴點(diǎn)E到CQ的距離小于OE。
而OE⊥x軸，
∴PQ不是∠AQC的平分線(xiàn)，這與假設(shè)矛盾。
∴直線(xiàn)PQ不能垂直平分線(xiàn)段MN

試題分析：（1）利用交點(diǎn)式求出拋物線(xiàn)的解析式。
（2）證明四邊形POQC是平行四邊形，則結(jié)論得證。
（3）①求出△AMN面積的表達(dá)式，利用二次函數(shù)的性質(zhì)，求出△AMN面積最大時(shí)t的值。
②由于直線(xiàn)PQ上的點(diǎn)到∠AQC兩邊的距離不相等，則直線(xiàn)PQ不能平分∠AQC，所以直線(xiàn)PQ不能垂直平分線(xiàn)段MN。