19.已知A、B、C、D、E、F都是周期表中前四周期的元素,它們的核電荷數(shù)依次增大.其中基態(tài)A原子價(jià)電子排布式為nsnnpn+1;化合物B2E為離子化合物,E原子核外的M層中只有兩對(duì)成對(duì)電子;C元素是地殼中含量最高的金屬元素;D單質(zhì)常用于制作太陽能電池和集成電路芯片;F原子最外層電子數(shù)與B的相同,其余各內(nèi)層軌道均充滿電子.請(qǐng)根據(jù)以上信息,回答下列問題(用所對(duì)應(yīng)的元素符號(hào)表示):
(1)A、B、E的第一電離能由小到大的順序?yàn)镹a<S<N.
(2)氫化物A2H4分子中A原子采取sp3雜化.
(3)按原子的外圍電子排布分區(qū),元素F在ds區(qū),基態(tài)F原子的電子排布式為1s22s22p63s23p63d104s1或[Ar]3d104s1
(4)元素A和C可形成一種新型化合物材料,其晶體具有很高的硬度和熔點(diǎn),其化合物中所含的化學(xué)鍵類型為共價(jià)鍵.
(5)A、F形成某種化合物的晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示(其中A顯-3價(jià),每個(gè)球均表示1個(gè)原子),則其化學(xué)式為Cu3N.設(shè)阿伏加德羅常數(shù)為NA,距離最近的兩個(gè)F原子的核間距為a cm,則該晶胞的密度為(用含a和NA的代數(shù)式表示)$\frac{103\sqrt{2}a}{2{a}^{3}{N}_{A}}$g/cm3

分析 A、B、C、D、E、F都是周期表中前四周期的元素,它們的核電荷數(shù)依次增大.其中基態(tài)A原子價(jià)電子排布式為nsnnpn+1,而n=2,則A為N元素;E原子核外的M層中只有兩對(duì)成對(duì)電子,外圍電子排布為3s23p4,則E為S元素;化合物B2E為離子化合物,B表現(xiàn)+1價(jià),原子序數(shù)大于碳、小于硫,則B為Na;C元素是地殼中含量最高的金屬元素,則C為Al;D單質(zhì)常用于制作太陽能電池和集成電路芯片,則D為Si;F原子最外層電子數(shù)與B的相同,其余各內(nèi)層軌道均充滿電子,原子序數(shù)大于硫,處于第四周期,核外電子數(shù)為2+8+18+1=19,則F為Cu,
(1)A、B、E分別是N、Na、S元素,同一周期元素的第一電離能隨著原子序數(shù)的增大而增大,同一主族,元素的第一電離能隨著原子序數(shù)增大而減;
(2)氫化物N2H4分子中,N原子價(jià)層電子對(duì)個(gè)數(shù)是4,且不含孤電子對(duì),據(jù)此判斷A原子雜化方式;
(3)F是Cu元素,在周期表的位置為第四周期第IB族,據(jù)此判斷其所在區(qū)及基態(tài)原子的電子排布式;
(4)元素N和Al形成一種新型化合物材料,其晶體具有很高的硬度和熔點(diǎn),說明該化合物是原子晶體,原子晶體中含有共價(jià)鍵;
(5)N、Cu形成某種化合物的晶胞結(jié)構(gòu)如圖,利用均攤法確定化學(xué)式;
距離最近的兩個(gè)F原子的核間距為a cm,則晶胞棱長(zhǎng)為$\frac{\sqrt{2}}{2}$acm×2=$\sqrt{2}$acm,晶胞體積=($\sqrt{2}$acm)3,根據(jù)ρ=$\frac{m}{V}$計(jì)算該晶胞的密度.

解答 解:A、B、C、D、E、F都是周期表中前四周期的元素,它們的核電荷數(shù)依次增大.其中基態(tài)A原子價(jià)電子排布式為nsnnpn+1,而n=2,則A為N元素;E原子核外的M層中只有兩對(duì)成對(duì)電子,外圍電子排布為3s23p4,則E為S元素;化合物B2E為離子化合物,B表現(xiàn)+1價(jià),原子序數(shù)大于碳、小于硫,則B為Na;C元素是地殼中含量最高的金屬元素,則C為Al;D單質(zhì)常用于制作太陽能電池和集成電路芯片,則D為Si;F原子最外層電子數(shù)與B的相同,其余各內(nèi)層軌道均充滿電子,原子序數(shù)大于硫,處于第四周期,核外電子數(shù)為2+8+18+1=19,則F為Cu.
(1)N元素2p能級(jí)為半滿穩(wěn)定狀態(tài),能量較低,第一電離能高于同周期相鄰元素,同周期隨原子序數(shù)增大第一電離能呈增大趨勢(shì),同主族自上而下第一電離能減小,故第一電離能:Na<S<N,
故答案為:Na<S<N;
(2)氫化物N2H4分子N原子形成2個(gè)N-H鍵、1個(gè)N-N鍵,還含有1對(duì)孤對(duì)電子,故N原子采取sp2 雜化,
故答案為:sp2
(3)按原子的外圍電子排布分區(qū),元素Cu在ds區(qū),基態(tài)Cu原子的核外電子總數(shù)為29,其基態(tài)原子的核外電子排布式為:1s22 s22p63s23p63d104s1或[Ar]3d104s1,
故答案為:ds;1s22 s22p63s23p63d104s1或[Ar]3d104s1
(4)元素N和Al可形成一種新型化合物材料,其晶體具有很高的硬度和熔點(diǎn),該化合物屬于原子晶體,其化合物中所含的化學(xué)鍵類型為:共價(jià)鍵,
故答案為:共價(jià)鍵;
(5)A、F形成某種化合物的晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示的立方晶胞(其中A顯-3價(jià),每個(gè)球均表示1個(gè)原子),
晶胞中小黑色球數(shù)目為8×$\frac{1}{8}$=1,大灰色球數(shù)目為12×$\frac{1}{4}$=3,其中N顯-3價(jià),則小黑色球?yàn)镹原子、大灰色球?yàn)镃u,則其化學(xué)式為Cu3N;
設(shè)阿伏伽德羅常數(shù)為NA,晶胞質(zhì)量為$\frac{64×3+14}{{N}_{A}}$g,距離最近的兩個(gè)Cu原子的核間距為a cm,則晶胞棱長(zhǎng)為$\frac{\sqrt{2}}{2}$acm×2=$\sqrt{2}$acm,
則該化合物的晶胞密度為:$\frac{\frac{64×3+14}{{N}_{A}}g}{({\sqrt{2a}cm)}^{3}}$=$\frac{103\sqrt{2}a}{2{a}^{3}{N}_{A}}$g/cm3,
故答案為:Cu3N;$\frac{103\sqrt{2}a}{2{a}^{3}{N}_{A}}$.

點(diǎn)評(píng) 本題考查了晶胞計(jì)算,題目難度中等,涉及核外電子排布、電離能、雜化方式、配合物、晶體類型與性質(zhì)、晶胞計(jì)算等知識(shí),明確原子結(jié)構(gòu)與元素周期律、元素周期表的關(guān)系為解答關(guān)鍵,轉(zhuǎn)移掌握均攤法在晶胞計(jì)算中的應(yīng)用.

練習(xí)冊(cè)系列答案
相關(guān)習(xí)題

科目:高中化學(xué) 來源: 題型:計(jì)算題

9.硫的含氧鈉鹽有許多,現(xiàn)有Na2SO3、Na2S2O3、Na2S2O4(連二亞硫酸鈉),其熱穩(wěn)定性比相應(yīng)的酸強(qiáng).
已知:
2Na2S2O4→Na2S2O3+Na2SO3+SO2↑  
4H++2S2O42-→3SO2↑+S↓+2H2O
完成下列計(jì)算:
(1)用Na2S2O3溶液與不同濃度的硫酸反應(yīng),可以研究濃度對(duì)化學(xué)反應(yīng)速率的影響.現(xiàn)有98%的濃硫酸(密度為1.84g•cm-3)來配制500mL1mol•L(密度為1.06g•cm-3)的稀硫酸,則需要濃硫酸27.2mL;加水481g;
(2)稱取部分氧化的亞硫酸鈉樣品10.16克溶于水,加入稍過量的鹽酸酸化了的氯化鋇溶液,過濾.洗滌,干燥,所得沉淀質(zhì)量為2.33克,則該亞硫酸鈉中已有12.6%(質(zhì)量分?jǐn)?shù))的亞硫酸鈉被氧化.
(3)現(xiàn)有8.70g的無水Na2S2O4,吸水后得到10.50g Na2S2O4•nH2O,則水合物中n的值是2;
(4)Na2S2O4在500℃時(shí)部分分解得產(chǎn)物A,將9.16g產(chǎn)物A中加入足量的稀硫酸中,生成SO21.568L(標(biāo)準(zhǔn)狀況),試確定殘留物中鈉、硫和氧的原子個(gè)數(shù)比6:5:10;若取另一份Na2S2O4部分分解得到的產(chǎn)物B,則ag產(chǎn)物B中鈉、硫和氧的原子個(gè)數(shù)比為4:3:6到1:1:2之間(范圍).

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:選擇題

10.下列說法一定正確的是(  )
A.c(NH4+)相等的NH4Cl溶液中的c(Cl-)大于(NH42Fe(SO42溶液中c(SO42-
B.常溫下,pH=1的醋酸與pH=13的NaOH 溶液混合后的溶液中c(Na+)>c(CH3COO-)>c(OH-)>c(H+
C.濃度均為0.1mol•L-1的Na2CO3和NaHCO3混合溶液中 2c(Na+)═3c(CO32-)+3c(HCO3-
D.稀釋氯化銨溶液過程中,NH4+的水解程度和水的電離程度都增大

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:解答題

7.海水中溴元素以Br-形式存在,工業(yè)上用空氣吹出法從海水中提取溴的工藝流程如圖:

(1)步驟①反應(yīng)的離子方程式是2Br-+Cl2=2Cl-+Br2
(2)步驟③反應(yīng)的化學(xué)方程式是SO2+Br2+2H2O=2HBr+H2SO4,
(3)從理論上考慮,下列也能吸收Br2的是ABC.
A.NaOH B.FeCl2C.Na2SO3D.H2O
(4)溴的原子序數(shù)為35
(5)步驟⑤蒸餾的過程中,溫度應(yīng)控制在80℃~90℃.溫度過高或過低都不利于生產(chǎn),請(qǐng)解釋原因溫度過高,大量水蒸氣隨之排出,溴氣中水分增加;溫度過低,溴不能完全蒸出,產(chǎn)率低
(6)為什么不直接用“溴水混合物Ⅰ”而要用“溴水混合物Ⅱ”進(jìn)行蒸餾而得到液溴?“溴水混合物Ⅰ”中雖然有溴單質(zhì),但濃度低,如果直接蒸餾,處理量大,生產(chǎn)成本高,而“溴水混合物Ⅱ”實(shí)際上將溴水濃縮了.

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:選擇題

14.下列敘述I和敘述II均正確且有因果關(guān)系的是( 。
選項(xiàng)敘述I敘述II
AH2有還原性,濃硫酸有強(qiáng)氧化性不能用濃硫酸干燥H2
BCuS難溶于水和硫酸反應(yīng):H2S+CuSO4=CuS↓+H2SO4
可以發(fā)生
C海水中含有大量的Cl-、Br-等離子向海水中通入F2可大量獲得Cl2、Br2
DSO2具有酸性和漂白性往紫色石蕊溶液中通入SO2,溶液先變紅再褪色
A.AB.BC.CD.D

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:選擇題

4.已知298K時(shí),2SO2(g)+O2(g)?2SO3(g)△H=-197kJ/mol,下列說法正確的是( 。ā 。
A.增大反應(yīng)物濃度,可增大活化分子的百分?jǐn)?shù),從而使有效碰撞次數(shù)增大
B.向某恒容密閉容器中通入1mol SO2和0.5 molO2,達(dá)到平衡時(shí)放出熱量為98.5 kJ
C.升高溫度能使逆反應(yīng)速率加快,正反應(yīng)速率減慢
D.向某恒容密閉容器中通入一定量的SO2和O2達(dá)到平衡后,再通入少量氣體He,平衡不移動(dòng)

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:選擇題

11.把NaHCO3作為發(fā)酵粉使用時(shí),往往加入少量的明礬,這是因?yàn)槊鞯\( 。
A.能起催化劑的作用B.受熱分解能放出氣體
C.具有凈水劑的作用D.在水中能起到酸的作用

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:實(shí)驗(yàn)題

8.向一定量MgCl2、AlCl3溶液中滴加常用試劑NaOH與鹽酸(t時(shí)刻之前滴加的試劑a,t時(shí)刻之后改滴試劑b),沉淀的物質(zhì)的量y(mol)與試劑體積x(mL)間的關(guān)系曲線如圖所示.試回答:
(1)AB段所表示的反應(yīng)的離子方程式是Al(OH)3+OH-═AlO2-+2H2O;CD段所表示的反應(yīng)的離子方程式是AlO2-+H++H2O═Al(OH)3↓.
(2)若向B處生成的溶液中通入足量二氧化碳?xì)怏w,反應(yīng)的離子方程式是AlO2-+2H2O+CO2═Al(OH)3↓+HCO3-
(3)a是NaOH,b是鹽酸,且c(a):c(b)=1:1
(4)原混合液中,c(Al3+):c(Mg2+):c(Cl-)=1:1:5.

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:填空題

3.100KPa時(shí),反應(yīng)2NO(g)+O2(g)?2NO2(g)中NO的平衡轉(zhuǎn)化率與溫度的關(guān)系如圖1,反應(yīng)2NO2(g)?N2O4(g)中NO2的平衡轉(zhuǎn)化率與溫度的關(guān)系曲線如圖2所示.
(1)圖1中A、B、C三點(diǎn)表示不同溫度、壓強(qiáng)下2NO(g)+O2(g)?2NO2(g)達(dá)到平衡時(shí)NO的轉(zhuǎn)化率,則B點(diǎn)對(duì)應(yīng)的壓強(qiáng)最大.
(2)100kPa、25℃時(shí),2NO2(g)?N2O4(g)平衡體系中N2O4的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)為66.7%,N2O4的分壓p(N2O4)=66.7kPa,列式計(jì)算平衡常數(shù)Kp=$\frac{66.7kPa}{[100kpa×(1-66.7%)]^{2}}$(Kp用平衡分壓代替平衡濃度計(jì)算,分壓=總壓×物質(zhì)的量分?jǐn)?shù))
(3)100kPa、25℃時(shí),VmLNO與0.5mLO2混合后最終氣體的體積為(0.75V+0.5)mL.

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同步練習(xí)冊(cè)答案