8.32g由非金屬元素A組成的單質(zhì)甲與100ml 6 mol•L-1NaOH溶液恰好完全反應(yīng),生成水、鹽乙和15.8g鹽丙.鹽乙只含兩種元素,摩爾質(zhì)量為174g•mol-1.鹽丙能與稀硫酸反應(yīng)生成單質(zhì)甲、氣體丁和溶液戊,氣體丁能使品紅溶液褪色.
請回答下列問題:
(1)乙的結(jié)構(gòu)與過氧化鈉相似,寫出乙的電子式
(2)Na2A2能與NaBr3反應(yīng)生成乙和另一種物質(zhì),其化學(xué)方程式為2Na2S2+NaBr3=Na2S4+NaBr.
(3)Na2A如與單質(zhì)甲能(填“能”或“不能”)反應(yīng)生成乙,原因是-2價(jià)的硫與0價(jià)的硫可以發(fā)生歸中反應(yīng).
(4)丙溶液能與足量的氯氣反應(yīng),寫出離子方程式4Cl2+S2O32-+5H2O=10H++8Cl-+2SO42-.設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)方案證明生成的氧化產(chǎn)物取少量反應(yīng)后的溶液,滴加氯化鋇溶液,如果有白色沉淀產(chǎn)生,則說明氧化產(chǎn)物是硫酸根離子.

分析 氣體丁能使品紅溶液褪色,則丁為SO2,單質(zhì)甲與NaOH溶液恰好完全反應(yīng),生成水、鹽乙和鹽丙,鹽丙能與稀硫酸反應(yīng)生成單質(zhì)甲、氣體丁和溶液戊,鹽乙只含兩種元素,則可推知A應(yīng)為S,鹽乙中含有有鈉元素和硫元素,其摩爾質(zhì)量為174g•mol-1,則乙為Na2S4,32g即1molS與100ml 6 mol•L-1NaOH溶液恰好完全反應(yīng),生成水、Na2S4和15.8g鹽丙,根據(jù)電子得失守恒和元素守恒可知,丙為Na2S2O3,據(jù)此答題.

解答 解:氣體丁能使品紅溶液褪色,則丁為SO2,單質(zhì)甲與NaOH溶液恰好完全反應(yīng),生成水、鹽乙和鹽丙,鹽丙能與稀硫酸反應(yīng)生成單質(zhì)甲、氣體丁和溶液戊,鹽乙只含兩種元素,則可推知A應(yīng)為S,鹽乙中含有有鈉元素和硫元素,其摩爾質(zhì)量為174g•mol-1,則乙為Na2S4,32g即1molS與100ml 6 mol•L-1NaOH溶液恰好完全反應(yīng),生成水、Na2S4和15.8g鹽丙,根據(jù)電子得失守恒和元素守恒可知,丙為Na2S2O3
(1)乙為Na2S4,乙的結(jié)構(gòu)與過氧化鈉相似,所以乙的電子式為,
故答案為:; 
(2)Na2S2能與NaBr3反應(yīng)生成Na2S4和另一種物質(zhì)為NaBr,其化學(xué)方程式為2Na2S2+NaBr3=Na2S4+NaBr,
故答案為:2Na2S2+NaBr3=Na2S4+NaBr; 
(3)根據(jù)化合價(jià)的變化可知,Na2S與S能反應(yīng)生成Na2S4,原因是-2價(jià)的硫與0價(jià)的硫可以發(fā)生歸中反應(yīng),
故答案為:能;-2價(jià)的硫與0價(jià)的硫可以發(fā)生歸中反應(yīng); 
(4)丙為Na2S2O3,丙溶液能與足量的氯氣反應(yīng),反應(yīng)的離子方程式為4Cl2+S2O32-+5H2O=10H++8Cl-+2SO42-,該反應(yīng)的氧化產(chǎn)物是硫酸根離子,證明有硫酸根離子產(chǎn)生,可以取少量反應(yīng)后的溶液,滴加氯化鋇溶液,如果有白色沉淀產(chǎn)生,則說明氧化產(chǎn)物是硫酸根離子,
故答案為:4Cl2+S2O32-+5H2O=10H++8Cl-+2SO42-; 取少量反應(yīng)后的溶液,滴加氯化鋇溶液,如果有白色沉淀產(chǎn)生,則說明氧化產(chǎn)物是硫酸根離子.

點(diǎn)評 本題考查了物質(zhì)轉(zhuǎn)化關(guān)系和物質(zhì)性質(zhì)的綜合應(yīng)用,主要考查鈉及其化合物的性質(zhì)應(yīng)用,結(jié)構(gòu)分析,離子方程式的書寫,本題的難點(diǎn)是元素守恒和電子得失守恒的應(yīng)用,綜合性強(qiáng),難度較大.

練習(xí)冊系列答案
相關(guān)習(xí)題

科目:高中化學(xué) 來源: 題型:選擇題

1.下列有關(guān)說法正確的是( 。
A.鉛蓄電池放電過程中,正極質(zhì)量增加,負(fù)極質(zhì)量減小
B.反應(yīng)NH4Cl(s)=NH3(g)+HCl(g)在室溫下不能自發(fā)進(jìn)行,則該反應(yīng)的△H>0
C.一定條件下,使用催化劑能加快反應(yīng)速率并提高反應(yīng)物的平衡轉(zhuǎn)化率
D.0.1 mol•L-1 CH3COOH溶液加水稀釋后,溶液中c(OH-)、CH3COOH濃度均減少

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:實(shí)驗(yàn)題

2.將一銅棒、碳棒用導(dǎo)線連接后,插入內(nèi)盛20%氯化鈉溶液的U形管中,請根據(jù)此裝置在下列兩項(xiàng)中擇一回答:
①若不是原電池,請說明原因:不能發(fā)生自發(fā)的氧化還原反應(yīng),故不能形成原電池(如果回答此題,下面的②不用回答)
②若是原電池,現(xiàn)要求利用此裝置(電極材料、溶液濃度均不變),采取適當(dāng)?shù)拇胧﹣硖岣叱氐姆烹娦,該操作可以是.?/div>

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:解答題

16.草酸鈷用途廣泛,可用于指示劑和催化劑的制備.一種利用水鈷礦[主要成分為Co2O3,含少量Fe2O3、Al2O3、MnO、MgO、CaO等]制取CoC2O4•2H2O工藝流程如圖1:

已知:①浸出液含有的陽離子主要有H+、Co2+、Fe2+、Mn2+、Ca2+、Mg2+、Al3+等;
②部分陽離子以氫氧化物形式沉淀時(shí)溶液的pH見下表:
沉淀物Fe(OH)3Fe(OH)2Co(OH)2Al(OH)3Mn(OH)2
完全沉淀的pH3.79.69.25.29.8
(1)浸出過程中加入Na2SO3的目的是將Fe3+、Co3+還原(填離子符號).
(2)NaClO3的作用是將浸出液中的Fe2+氧化成Fe3+,產(chǎn)物中氯元素處于最低化合價(jià).該反應(yīng)的離子方程式為ClO3-+6Fe2++6H+=6Fe3++Cl-+3H2O.
(3)萃取劑對金屬離子的萃取率與pH的關(guān)系如圖2所示.濾液Ⅱ中加入萃取劑的作用是除去溶液中的Mn2+;使用萃取劑適宜的pH是B.
A.接近2.0          B.接近3.0         C.接近5.0
(4)“除鈣、鎂”是將溶液中Ca2+與Mg2+轉(zhuǎn)化為MgF2、CaF2沉淀.已知Ksp(MgF2)=7.35×10-11、Ksp(CaF2)=1.05×10-10.當(dāng)加入過量NaF后,所得濾液$\frac{c(M{g}^{2+})}{c(C{a}^{2+})}$=0.7.

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:解答題

3.鐵及其化合物在日常生活中很常見
(1)氧化鐵是重要工業(yè)顏料,用廢鐵屑制備它的流程如圖1:

回答下列問題:
①操作II所包含的兩項(xiàng)主要基本操作是過濾、洗滌. 上述流程中,F(xiàn)e(OH)2轉(zhuǎn)化成Fe(OH)3時(shí)的化學(xué)方程式為4Fe(OH)2+2H2O+O2=4Fe(OH)3
②將FeCl2溶液高溫水解、氧化也可直接制得氧化鐵,請寫出反應(yīng)的化學(xué)方程式:4FeCl2+4H2O+O2$\frac{\underline{\;高溫\;}}{\;}$2Fe2O3+8HCl.
(2)有些同學(xué)認(rèn)為用KMnO4溶液能進(jìn)行綠礬(FeSO4•7H2O)產(chǎn)品中鐵元素含量的測定,反應(yīng)的離子方程式為:5Fe2++MnO4-+8H+═5Fe3++Mn2++4H2O,該滴定過程中否(填“是”或“否”)還需要指示劑.
實(shí)驗(yàn)步驟如下:
a.考慮綠礬產(chǎn)品可能因?yàn)楸4娌划?dāng)被空氣中氧氣所氧化,所以事先取少量綠礬產(chǎn)品溶于水,滴加KSCN溶液進(jìn)行驗(yàn)證.
b.稱取2.850g綠礬產(chǎn)品,溶解,在250mL容量瓶中定容
c.量取25.00mL待測溶液于錐形瓶中
d.用硫酸酸化的0.01000mol•L-1KMnO4溶液滴定至終點(diǎn),消耗KMnO4溶液體積的平均值為20.00mL
請完成下列問題:
①實(shí)驗(yàn)前,首先要精確配制一定物質(zhì)的量濃度的KMnO4溶液250mL,配制時(shí)需要的儀器除天平、玻璃棒、燒杯、膠頭滴管外,還需250mL容量瓶.
②某同學(xué)設(shè)計(jì)的圖2下列滴定方式,最合理的是b.(夾持部分略去)(填字母序號)

③計(jì)算上述樣品中FeSO4•7H2O的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為97.5%.

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:解答題

13.芳香酯Ⅰ的合成路線如下:

已知以下信息:
①A~I(xiàn)均為芳香族化合物,B苯環(huán)上只有一個取代基,B能銀鏡反應(yīng),D的相對分子質(zhì)量比C大4,E的核磁共振氫譜有3組峰.

③2RCH2CH0$→_{△}^{NaOH/H_{2}O}$
請回答下列問題:
(1)A→B的反應(yīng)類型為氧化反應(yīng),F(xiàn)所含官能團(tuán)的名稱為羧基、氯原子,E的名稱為對氯甲苯.
(2)E→F與F→G的順序能否顛倒否(填“能”或“否”),理由如果顛倒,則(酚)羥基會被KMnO4/H+氧化.
(3)B與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為
(4)I的結(jié)構(gòu)簡式為
(5)寫出符合下列要求A的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式
①不與Na反應(yīng)  ②屬于芳香族化合物  ③苯環(huán)上的一氯物有三種
(6)距已有知識并結(jié)合相關(guān)信息,寫出以CH3CH2OH為原料制備CH3CH2CH2CH2OH的合成路線流程圖(無機(jī)試劑任用),合成路線流程圖圖示例如下:
CH3CH2Br$→_{△}^{NaOH溶液}$CH3CH2OH$→_{濃硫酸,△}^{CH_{3}COOH}$CH3COOCH2CH3

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:選擇題

20.“電池新貴”鋁電池是用石墨作為正極材料,用有機(jī)陽離子、Al2Cl7-和AlCl4-組成的離子液體作為電解液的二次電池,電池充電快、容量高、成本低、也很安全.已知該電池工作的過程中不產(chǎn)生其他離子且有機(jī)陽離子不參與電極反應(yīng),則下列說法正確的是( 。
A.電池工作時(shí),有機(jī)陽離子通過外電路移向石墨電極
B.若用該電池給鋼制品表面電鍍Al,則鋼制品應(yīng)該接電池的正極
C.電池充電時(shí),陰極的電極反應(yīng)式為4Al2Cl7-+3e-=Al+7AlCl4-
D.若改用NaOH溶液作電解液,則Al電極的反應(yīng)式為Al-3e-+3OH-=Al(OH)3

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:解答題

17.乙烯和丙烯是重要的化工基礎(chǔ)原料,由乙烯和丙烯合成E和F的路線如下:

已知:RX $\stackrel{NaOH/H_{2}O}{→}$ROH
請回答下列問題:
(1)B中官能團(tuán)的電子式為;丙烯→A的反應(yīng)類型為取代反應(yīng).
(2)寫出B→C的化學(xué)方程式HOCH2CH2OH+O2$→_{△}^{Cu}$OHC-CHO+2H2O.
(3)寫出F的結(jié)構(gòu)簡式
(4)以丙烯為原料可合成甘油,請?jiān)O(shè)計(jì)合理的合成路線(無機(jī)試劑及溶劑任選).
注:合成路線的書寫格式參照如下實(shí)例流程圖:CH3CHO$→_{催化劑/△}^{O_{2}}$CH3COOH$→_{濃硫酸/△}^{乙醇}$CH3COOCH2CH3

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科目:高中化學(xué) 來源: 題型:解答題

18.現(xiàn)有A、B、C、D、E、F原子序數(shù)依次增大的六種元素,它們位于元素周期表的前四周期.A與B位于不同周期且B元素的原子含有3個能級,B元素原子的每個能級所含有電子數(shù)相同;D的原子核外有8個運(yùn)動狀態(tài)不同的電子;E元素與F元素處于同一周期相鄰的族,它們的原子序數(shù)相差3,且E元素的基態(tài)原子有4個未成對電子.請回答下列問題:

(1)B、C、D三種元素的第一電離能由低到高的順序?yàn)镃<O<N(用元素符號表示).
(2)寫出化合物BD的一種等電子體的化學(xué)式:N2
(3)ED的熔點(diǎn)比E2D3的熔點(diǎn)低(填“高”或“低”),原因是Fe2+離子半徑比Fe3+離子半徑大,所帶電荷少,故FeO晶格能比Fe2O3低.
(4)F離子是人體內(nèi)多種酶的輔因子,人工模擬酶是當(dāng)前研究的熱點(diǎn).
①F原子的外圍電子排布式為3d104s1.向FSO4溶液通入過量CA3,可生成[F(CA34]SO4,F(xiàn)的配位數(shù)為4.
②某化合物與F(Ⅰ) (Ⅰ表示化合價(jià)為+1)結(jié)合形成圖1所示的離子,該離子中碳原子的雜化方式有sp2、sp3
(5)B單質(zhì)的一種同素異形體的晶胞如圖2所示,若晶體的密度為ρg/cm3,阿伏加德羅常數(shù)的值為NA,則晶胞的邊長為$\root{3}{\frac{96}{ρ{N}_{A}}}$cm.

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同步練習(xí)冊答案