【題目】華為集團(tuán)在通信網(wǎng)絡(luò)、IT、智能終端和云服務(wù)等領(lǐng)域為客戶提供有競爭力、安全可信賴的產(chǎn)品、解決方案與服務(wù),與生態(tài)伙伴開放合作,持續(xù)為客戶創(chuàng)造價值,釋放個人潛能,豐富家庭生活,激發(fā)組織創(chuàng)新。華為堅持圍繞客戶需求持續(xù)創(chuàng)新,加大基礎(chǔ)研究投入,厚積薄發(fā),推動世界進(jìn)步。其中MATE30手機采用鋰離子電池,其正極材料為磷酸亞鐵鋰(LiFePO4),它具有熱穩(wěn)定性好、循環(huán)性能優(yōu)良、安全性高等特點,文獻(xiàn)報道可采用FeCl3、NH4H2PO4、LiCl和苯胺等作為原料制備。回答下列問題:
(1)在周期表中,與Li的化學(xué)性質(zhì)最相似的鄰族元素是________,該元素基態(tài)原子核外M層電子的自旋狀態(tài)_______(填“相同”或“相反”)。
(2)FeCl3中的化學(xué)鍵具有明顯的共價性(類似于氯化鋁),蒸汽狀態(tài)下以雙聚分子存在的FeCl3的結(jié)構(gòu)式為____,其中Fe的配位數(shù)為____。
(3)苯胺()的晶體類型是_____。苯胺與甲苯()的相對分子質(zhì)量相近,但苯胺的熔點(-5.9℃)、沸點(184.4℃)分別高于甲苯的熔點(-95.0℃)、沸點(110.6℃),原因是_______。
(4)NH4H2PO4中,電負(fù)性最高的元素是______;其中PO43-采用_______雜化。
(5)如下圖所示為高溫超導(dǎo)領(lǐng)域里的一種化合物——鈣鈦礦的晶體結(jié)構(gòu),該結(jié)構(gòu)是具有代表性的最小重復(fù)單位。該物質(zhì)的化學(xué)式可表示為_____;若鈣、鈦、氧三元素的相對原子質(zhì)量分別為a、b、c,晶體結(jié)構(gòu)圖中正方體邊長(鈦原子之間的距離)為d nm(1 nm=10-10Cm),則該晶體的密度為__g·cm-3。
【答案】Mg 相反 4 分子晶體 苯胺分子之間存在氫鍵 O SP3 CaTiO3 g/cm3
【解析】
該選修題涉及到了元素周期表和對角線原則、核外電子排布式的寫法、配位物的形成,以及熔沸點的判斷方式和分子晶體的判斷方法。電負(fù)性的判斷和雜化軌道的計算。
(1)根據(jù)元素周期表和對角線原則可知與Li化學(xué)性質(zhì)相似的是Mg,Mg的最外層電子數(shù)是2,占據(jù)s軌道,s軌道最多容納2個電子,所以自旋方向相反;
(2)氯化鐵的雙聚體,就是兩個氯化鐵相連接在一 起,已知氯化鐵的化學(xué)鍵有明顯的共價性所以仿照共價鍵的形式將兩個氯化鐵連接在一起, 即結(jié)構(gòu)式為,因此Fe的配位數(shù)為4;
(3)大多數(shù)有機物都是分子晶體,除了一部分有機酸鹽和有機堿鹽是離子晶體。苯胺比甲苯的熔沸點都高,同一種晶體類型熔沸點不同首先要考慮的就是是否有氫鍵,苯胺中存在電負(fù)性較強的N所以可以形成氫鍵,因此比甲苯的熔沸點高;
(4)電負(fù)性與非金屬性的大小規(guī)律相似,從左到右依次增大,O就是最大的;
PO43-中價層電子對個數(shù)=4+(5-5)=4,含孤電子對數(shù)為0,雜化軌道數(shù)4,所以原子雜化方式是sp3雜化;
(5) )利用均攤法可以知道在每個晶胞中鈦離子個數(shù)為8=1,氧離子的個數(shù)為12,鈣離子個數(shù)為1,所以氧、鈦、鈣的離子個數(shù)比是3:1:1,化學(xué)式可表示為CaTiO3;
因為在每個晶胞中含有一個CaTiO3,根據(jù)可以知道密度為= g/cm3。
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【題目】H2S為二元弱酸。20℃時,向 0.100 mol·L-1的Na2S溶液中緩慢通入HCl氣體(忽略溶液體積的變化及H2S的揮發(fā))。下列指定溶液中微粒的物質(zhì)的量濃度關(guān)系一定正確的是
A.pH=7的溶液中:c(Cl-)=c(HS-)+2c(H2S)
B.通入HCl氣體之前:c(S2-)>c(HS-)>c(OH-)>c(H+)
C.c(HS-)=c(S2-)的堿性溶液中:c(Cl-)+c(HS-)>0.100 mol·L-1+c(H2S)
D.c(Cl-)=0.100 mol·L-1的溶液中:c(OH-)-c(H+)=c(H2S)-2c(S2-)
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【題目】物質(zhì)在水中可能存在電離平衡、鹽的水解平衡和沉淀溶解平衡。根據(jù)所學(xué)知識回答下列問題:
(1)下列方法中可以使0.1mol/L CH3COOH溶液中值增大的措施是_____
A.加水稀釋 B.加入少量CH3COONa固體
C.加入少量冰醋酸氣體 D.通入少量HCl
(2)t℃時,水的離子積常數(shù)KW=1×10-12。該溫度下,若100體積pH=a的H2SO4溶液與1體積pH=b的NaOH溶液等體積混合后溶液呈中性,則a+b=___________。
(3)常溫下,有等pH的三種溶液:a.NaHCO3 b.NaClO c.CH3COONa,三種溶液濃度由大到小的順序為:_______________(填序號)
(4)已知25℃時,Ksp(AgCl)= 1.8×10-10,現(xiàn)將足量氯化銀分別放入:
a.100mL 蒸餾水中 b.100mL 0.2mol/L AgNO3 溶液中
c.100mL 0.1mol/L氯化鋁溶液中 d.100mL 0.1mol/L鹽酸溶液中
充分?jǐn)嚢韬,相同溫度下銀離子濃度由大到小的順序是______________(填序號);b中氯離子濃度為_____________mol/L
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【題目】下列說法錯誤的是
A. 硬脂酸甘油酯在NaOH溶液中水解完全后,加入飽和食鹽水,下層析出硬脂酸鈉
B. 乙酸的分子模型可表示為
C. 石油分餾是物理變化,可得到汽油、煤油和柴油等產(chǎn)品
D. 相同物質(zhì)的量的C3H6和C3H8O,充分燃燒,消耗氧氣量相同
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【題目】已知H2(g) +O2(g)H2O(l)ΔH = -285.8 kJ/mol。下列說法不正確的是
A. H2的燃燒熱為285.8 kJ/mol
B. 2H2(g) + O2(g)2H2O(l) ΔH = -571.6 kJ/mol
C. 1 mol H2完全燃燒生成氣態(tài)水放出的熱量大于285.8 kJ
D. 形成1 mol H2O的化學(xué)鍵釋放的總能量大于斷裂1 mol H2和0.5 mol O2 的化學(xué)鍵所吸收的總能量
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【題目】已知反應(yīng)
①
②稀溶液中,,
下列結(jié)論正確的是
A.碳的燃燒熱為
B.的能量比的能量高221kJ
C.濃與1molNaOH溶液混合,產(chǎn)生熱量
D.稀醋酸與稀NaOH溶液反應(yīng)生成1mol水,放出熱量
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【題目】已知時,、HCN和的電離常數(shù)如表:
HCN | ||
下列有關(guān)敘述錯誤的是
A.向NaCN溶液中通入少量的離子方程式:
B.時,反應(yīng)的化學(xué)平衡常數(shù)為
C.中和等體積、等物質(zhì)的量濃度的和HCN溶液,消耗NaOH的量前者小于后者
D.等物質(zhì)的量濃度的和NaCN混合溶液中:
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【題目】已知A為周期表中原子半徑最小的元素,B、C、D均為第二周期元素,其中B、C、D的電負(fù)性:,第一電離能:,且C無空軌道;E與A同主族,與F、G同周期,F為短周期金屬元素,其單質(zhì)既可以與酸又可以與堿反應(yīng)放出氫氣。G的電子最外層中沒有空軌道,且成對電子所占有的軌道數(shù)是未成對電子所占軌道數(shù)的3倍。
(1)分子中的中心原子是 ______;離子中B原子的雜化方式為 ______。
(2)的電子式是 ______,它與按物質(zhì)的量之比為1:1混合后投入水中,所發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為 ______ 。
(3)溶液中,陰陽離子濃度由小到大的關(guān)系式是 ______ ,若用F單質(zhì)為電極材料,電解此溶液時,則陽極的發(fā)生的電極反應(yīng)式為 ______。
(4)一定量的、、CD混合氣體投入水中恰好被完全吸收,則混合氣體中C、D原子的個數(shù)比為 ______ 。
(5)E單質(zhì)的晶胞如圖,其堆積模型是 ______ ,配位數(shù)是 ______。
(6)工業(yè)上冶煉F的單質(zhì)時,常用為原料而不用作原料的原因是 ______。
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【題目】鋁土礦主要成分為,還含有、是工業(yè)上制備氧化鋁的主要原料。工業(yè)上提取氧化鋁的工藝流程如圖:
①沉淀A成分是______;步驟中的試劑a是______;以上均填化學(xué)式;
②簡述檢驗所得濾液甲中存在的操作方法:______;
用含少量鐵的氧化銅制取氯化銅晶體。有如下操作:
已知:在pH為時,幾乎完全轉(zhuǎn)化為沉淀,卻不反應(yīng)。
①氧化劑A可選用______ 填編號,下同;
A. 濃鹽酸
②試劑B可選用______;
A.NaOH
③試劑B的作用是______;
A.使完全沉淀使完全沉淀 提高溶液的pH 除去過量的氧化劑
④從濾液經(jīng)過結(jié)晶得到氯化銅晶體的方法是______。
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