Question

13．設(shè)f（x）=$\frac{-{2}^{x}+a}{{2}^{x+1}+b}$（a＞0，b＞0）．
（1）當(dāng)a=b=1時(shí)，證明：f（x）不是奇函數(shù)；
（2）設(shè)f（x）是奇函數(shù)，求a與b的值；
（3）在（2）的條件下，試證明函數(shù)f（x）的單調(diào)性，并解不等式f（1-m）+f（1+m²）＜0．

Answer 1

分析 （1）舉反例，根據(jù)f（-1）≠-f（1），可得f（x）不是奇函數(shù)．
（2）根據(jù)f（-x）=-f（x）恒成立，求得a與b的值．
（3）在定義域中任取兩個(gè)實(shí)數(shù)x₁、x₂，且x₁＜x₂，求得f（x₁）＞f（x₂），可得函數(shù)f（x）在R上為單調(diào)減函數(shù)．化簡(jiǎn)不等式為f（1-m）＜f（m²-1），
可得 1-m＞m²-1，由此求得原不等式的解集．

解答 解：（1）當(dāng)a=b=1時(shí)，f（x）=$\frac{-{2}^{x}+a}{{2}^{x+1}+b}$=$\frac{1{-2}^{x}}{1{+2}^{x+1}}$，∴$f（1）=-\frac{1}{5}$，$f（-1）=\frac{1}{4}$，
所以，f（-1）≠-f（1），∴f（x）不是奇函數(shù)．
（2）若f（x）是奇函數(shù)時(shí)，f（-x）=-f（x），即 $\frac{a{-2}^{-x}}{b{+2}^{1-x}}$=-$\frac{a{-2}^{x}}{b{+2}^{x+1}}$對(duì)定義域內(nèi)任意實(shí)數(shù)x成立．                       
化簡(jiǎn)整理得（2a-b）2^2x+（2ab-4）2^x+（2a-b）=0，這是關(guān)于x的恒等式，
∴$\left\{\begin{array}{l}{2a-b=0}\\{2ab-4=0}\end{array}\right.$，∴$\left\{\begin{array}{l}{a=-1}\\{b=-2}\end{array}\right.$，或$\left\{\begin{array}{l}{a=1}\\{b=2}\end{array}\right.$．
經(jīng)檢驗(yàn)，$\left\{\begin{array}{l}{a=1}\\{b=2}\end{array}\right.$符合題意．     
（3）$f（x）=\frac{{-{2^x}+1}}{{{2^{x+1}}+2}}=-\frac{1}{2}（1-\frac{2}{{{2^x}+1}}）=-\frac{1}{2}+\frac{1}{{{2^x}+1}}$，
在定義域中任取兩個(gè)實(shí)數(shù)x₁、x₂，且x₁＜x₂，則$f（{x_1}）-f（{x_2}）=\frac{{{2^{x_2}}-{2^{x_1}}}}{{（{2^{x_1}}+1）（{2^{x_2}}+1）}}$，
∵x₁＜x₂，∴$0＜{2^{x_1}}＜{2^{x_2}}$，從而f（x₁）-f（x₂）＞0，∴函數(shù)f（x）在R上為單調(diào)減函數(shù)．
∴f（1-m）+f（1-m²）＜0，即 f（1-m）＜-f（1-m²），∴f（1-m）＜f（m²-1），
∴1-m＞m²-1，求得-2＜m＜1，∴原不等式的解集為（-2，1）．

點(diǎn)評(píng) 本題主要考查函數(shù)的奇偶性的判斷和性質(zhì)，利用函數(shù)的單調(diào)性的定義判斷函數(shù)的單調(diào)性，屬于中檔題．