分析 (Ⅰ)將Q的坐標代入橢圓方程,以及a,b,c的關系,解方程可得a,b,進而得到橢圓方程;
(Ⅱ)求出直線l與x,y軸的交點,代入橢圓方程,運用韋達定理,以及向量共線的坐標表示,可得k的值;
(Ⅲ)由切線的性質,結合四點共圓判斷可得P,P1,O,P2四點共圓,可得其圓心O'($\frac{{x}_{P}}{2}$,$\frac{{y}_{P}}{2}$),求得圓方程,由兩圓方程相減可得相交弦方程,由題意可得P1P2的方程為$\frac{x}{m}$+$\frac{y}{n}$=1,求得P的坐標,代入橢圓方程即可得證.
解答 解:(Ⅰ)橢圓過點Q($\sqrt{2}$,1),
可得$\frac{2}{{a}^{2}}$+$\frac{1}{^{2}}$=1,由題意可得c=$\sqrt{2}$,即a2-b2=2,
解得a=2,b=$\sqrt{2}$,
即有橢圓C的方程為$\frac{{x}^{2}}{4}$+$\frac{{y}^{2}}{2}$=1;
(Ⅱ)直線l:y=k(x-1)與x軸交點C(1,0),y軸交點D(0,-k),
聯(lián)立$\left\{\begin{array}{l}{{x}^{2}+2{y}^{2}=4}\\{y=k(x-1)}\end{array}\right.$,消y得,(1+2k2)x2-4k2x+2k2-4=0,①
設M(x1,y1),N(x2,y2),則x1+x2=$\frac{4{k}^{2}}{1+2{k}^{2}}$,
$\overrightarrow{CN}$=(x2-1,y2),$\overrightarrow{MD}$=(-x1,-k-y1),
由$\overrightarrow{CN}=\overrightarrow{MD}$,得:x1+x2=$\frac{4{k}^{2}}{1+2{k}^{2}}$=1,
解得k=±$\frac{\sqrt{2}}{2}$;
(Ⅲ)證明:因為P1,P2為切點,所以OP1⊥PP1,OP2⊥PP2,
所以P,P1,O,P2四點共圓,
其圓心O'($\frac{{x}_{P}}{2}$,$\frac{{y}_{P}}{2}$),方程為(x-$\frac{{x}_{P}}{2}$)2+(y-$\frac{{y}_{P}}{2}$)2=$\frac{{{x}_{P}}^{2}+{{y}_{P}}^{2}}{4}$,
整理得x2+y2-xxP-yyP=0,
P1,P2是圓O與圓O'的交點,
聯(lián)立$\left\{\begin{array}{l}{{x}^{2}+{y}^{2}=2}\\{{x}^{2}+{y}^{2}-x{x}_{P}-y{y}_{P}=0}\end{array}\right.$得xxP+yyP=2,
直線P1P2在x軸,y軸上的截距分別為m,n,
可得直線P1P2的方程為$\frac{x}{m}$+$\frac{y}{n}$=1,
得xP=$\frac{2}{m}$,yP=$\frac{2}{n}$,
因為P(xP,yP)在橢圓x2+2y2=4上,
則($\frac{2}{m}$)2+2($\frac{2}{n}$)2=4,
整理得$\frac{1}{m^2}+\frac{2}{n^2}$=1.
點評 本題考查橢圓方程的求法,注意運用點滿足橢圓方程,考查直線方程和橢圓方程聯(lián)立,運用韋達定理和向量相等的條件,同時考查圓方程的求法,以及兩圓相交弦的問題,考查運算能力,屬于中檔題.
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A. | [-5,-3] | B. | (-∞,-$\frac{9}{8}$] | C. | (-∞,-2] | D. | [-4,-3] |
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A. | 60° | B. | 120° | C. | 60°或120° | D. | 30° |
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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:選擇題
A. | 若m∥n,m⊥α,則n⊥α | B. | 若m⊥α,m?β,則α⊥β | ||
C. | 若m∥α,α∩β=n,則m∥n | D. | 若m⊥β,m⊥α,則α∥β |
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A. | 30° | B. | 60° | C. | 150° | D. | 120° |
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