Question

3．

Answer 1

（1）解：由奇函數(shù)的對稱性可知，我們只要討論f(x)在區(qū)間(－∞，0)的單調性即可．

f ′(x)＝2＋，令f ′(x)＝0，得x＝－a．

①當a≤0時，f ′(x)＞0，故f(x)在區(qū)間(－∞，0)是單調遞增．  …

②當a＞0時，x ∈(－∞，－a )，f ′(x)＞0，所以f(x)在區(qū)間(－∞，－a )是單調遞增．

x ∈(－a，0)，f ′(x)＜0，所以f(x)在區(qū)間(－a，0)是單調減．

綜上所述：當a≤0時，f(x)單調增區(qū)間為(－∞，0)，(0，+∞)；當a＞0時，f(x)單調增區(qū)間為(－∞，－a )，(a ，+∞)，單調減區(qū)間為(－a，0)，(0，a)．

（2）解：因為f(x)為奇函數(shù)，

所以當x＞0時，f(x)＝－f(－x)＝－(－2 x－＋1)＝2x＋ －1．

①當a＜0時，要使f(x)≥a－1對一切x＞0成立，即2x＋ ≥a對一切x＞0成立．

而當x＝－＞0時，有－a+4a≥a，所以a≥0，則與a＜0矛盾．

所以a＜0不成立．

②當a＝0時，f(x)＝2x－1＞－1=a－1對一切x＞0成立，故a＝0滿足題設要求．

③當a＞0時，由(1)可知f(x)在(0，a)是減函數(shù)，在(a ，+∞)是增函數(shù)．

所以f_min(x)=f(a)＝3a－1＞a－1，所以a＞0時也滿足題設要求．

綜上所述，a的取值范圍是．