Question

10．已知橢圓C：$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}$+$\frac{{y}^{2}}{^{2}}$=1（a＞b＞0）的左、右交點(diǎn)分別為F₁，F(xiàn)₂，且|F₁F₂|=4$\sqrt{3}$，A（$\sqrt{3}$，-$\frac{\sqrt{13}}{2}$）是橢圓上一點(diǎn)．
（1）求橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程和離心率e的值；
（2）若T為橢圓C上異于頂點(diǎn)的任意一點(diǎn)，M，N分別為橢圓的右頂點(diǎn)和上頂點(diǎn)，直線TM與y軸交于點(diǎn)P，直線TN與x軸交于點(diǎn)Q，求證：|PN|•|QM|為定值．

Answer 1

分析 （1）由已知得c=2$\sqrt{3}$，F(xiàn)₁（-2$\sqrt{3}$，0），F(xiàn)₂（2$\sqrt{3}，0$），2a=|AF₁|+|AF₂|=$\sqrt{（\sqrt{3}+2\sqrt{3}）^{2}+（-\frac{\sqrt{13}}{2}）^{2}}$+$\sqrt{（\sqrt{3}-2\sqrt{3}）^{2}+（-\frac{\sqrt{13}}{2}）^{2}}$=8，即可求方程、離心率．
（2）寫出直線TN\TM的方程，得P（$\frac{-2{x}_{0}}{{y}_{0}-2}，0）$，得Q（0，$\frac{-4{y}_{0}}{{x}_{0}-4}$），即|PN|=|4+$\frac{2{x}_{0}}{{y}_{0}-2}$|=|$\frac{2{x}_{0}+4{y}_{0}-8}{{y}_{0}-2}$|，|MQ|=|2+$\frac{4{y}_{0}}{{x}_{0}-4}$|=|$\frac{2{x}_{0}+4{y}_{0}-8}{{x}_{0}-4}$||PN|•|QM|=$\frac{4（{x}_{0}+2{y}_{0}-4）^{2}}{（{y}_{0}-2）（{x}_{0}-4）}$=$\frac{16（{x}_{0}{y}_{0}-2{x}_{0}-4{y}_{0}+8）}{{x}_{0}{y}_{0}-2{x}_{0}-4{y}_{0}+8}=16$．

解答 解：（1）由已知得c=2$\sqrt{3}$，F(xiàn)₁（-2$\sqrt{3}$，0），F(xiàn)₂（2$\sqrt{3}，0$），
∴2a=|AF₁|+|AF₂|=$\sqrt{（\sqrt{3}+2\sqrt{3}）^{2}+（-\frac{\sqrt{13}}{2}）^{2}}$+$\sqrt{（\sqrt{3}-2\sqrt{3}）^{2}+（-\frac{\sqrt{13}}{2}）^{2}}$=8
∴a=4，∴b²=a²-c²=4，e=$\frac{c}{a}=\frac{1}{2}$
橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程：$\frac{{x}^{2}}{16}+\frac{{y}^{2}}{4}=1$．e=$\frac{1}{2}$．
（2）T（x₀，y₀），（x₀≠0，y₀≠0），則$\frac{{{x}_{0}}^{2}}{16}+\frac{{{y}_{0}}^{2}}{4}=1$．
M（0，2），N（4，0），∴直線TM的方程為：$y-2=\frac{{y}_{0}-2}{{x}_{0}}x$，
令y=0，得P（$\frac{-2{x}_{0}}{{y}_{0}-2}，0）$，
直線TN的方程：$y=\frac{{y}_{0}}{{x}_{0}-4}（x-4）$，
令x=0，得Q（0，$\frac{-4{y}_{0}}{{x}_{0}-4}$）
則|PN|=|4+$\frac{2{x}_{0}}{{y}_{0}-2}$|=|$\frac{2{x}_{0}+4{y}_{0}-8}{{y}_{0}-2}$|
則|MQ|=|2+$\frac{4{y}_{0}}{{x}_{0}-4}$|=|$\frac{2{x}_{0}+4{y}_{0}-8}{{x}_{0}-4}$|
|PN|•|QM|=$\frac{4（{x}_{0}+2{y}_{0}-4）^{2}}{（{y}_{0}-2）（{x}_{0}-4）}$=$\frac{16（{x}_{0}{y}_{0}-2{x}_{0}-4{y}_{0}+8）}{{x}_{0}{y}_{0}-2{x}_{0}-4{y}_{0}+8}=16$
∴|PN|•|QM|為定值16

點(diǎn)評(píng) 本題考查了橢圓的方程，直線與橢圓的位置關(guān)系，屬于中檔題．