已知{an}為遞增的等比數(shù)列,且{a1,a3,a5}⊆{0,1,3,4,16}.
(1)求數(shù)列{an}的通項公式;
(2)是否存在等差數(shù)列{bn},使得a1bn+a2bn-1+a3bn-2+…+anb1=2n+1-n-2對一切n∈N*都成立?若存在,求出bn;若不存在,說明理由.
考點:等差數(shù)列與等比數(shù)列的綜合
專題:綜合題,等差數(shù)列與等比數(shù)列
分析:(1)由{an}為遞增的等比數(shù)列,得到數(shù)列{an}的公比q>0,且a1>0,又{a1,a3,a5}⊆{0,1,3,4,16},可得出a1,a3,a5三項,則公比可求,通項可求.
(2)先假設(shè)存在等差數(shù)列{bn},由所給式子求出b1,b2,公差可求,通項可求,證明當bn=n時,a1bn+a2bn-1++an-1b2+anb1=2n+1-n-2對一切n∈N*都成立,用錯位相減法求得此數(shù)列是適合的.
解答: 解:(1)因為{an}為遞增的等比數(shù)列,所以其公比為正數(shù)
又{a1,a3,a5}⊆{0,1,3,4,16}.
所以a1=1,a3=4,a5=16       …(2分)
故q=2,an=a1qn-1=2n-1
所以數(shù)列{an}的通項公式為an=2n-1…(4分)
(2)假設(shè)存在滿足條件的等差數(shù)列{bn},其公差為d
當n=1時,a1b1=1,又a1=1,所以b1=1
當n=2時,a1b2+a2b1=4,即b2+2b1=4,所以b2=2  …(6分)
故d=b2-b1=1,bn=b1+(n-1)d=n             …(8分)
下面證明當bn=n時,a1bn+a2bn-1+a3bn-2+…+anb1=2n+1-n-2對一切n∈N*都成立
設(shè)Sn=a1bn+a2bn-1+a3bn-2+…+anb1
即Sn=1×n+2×(n-1)+22×(n-2)+23×(n-3)+…++2n-2×2+2n-1×1  ①
2Sn=2×n+22×(n-1)+23×(n-2)+24×(n-3)+…++2n-1×2+2n×1 、凇10分)
②-①得:Sn=-n+2+22+23+…+2n-1+2n=-n+
2(1-2n)
1-2
=2n+1-n-2

所以存在等差數(shù)列{bn},使得a1bn+a2bn-1+a3bn-2+…+anb1=2n+1-n-2對一切n∈N*都成立    …(12分)
點評:本小題主要考查等差數(shù)列、等比數(shù)列等基礎(chǔ)知識,已知數(shù)列為等比數(shù)列,求通項公式,求首項和公比即可;用錯位相減法求數(shù)列的前n項和,用時要觀察項的特征,是否是等差數(shù)列的項與等比數(shù)列的項的乘積;考查推理論證能力、運算求解能力,考查特殊與一般思想.
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(3)若f(x)的定義域是[1,4],求f(x+2)的定義域?
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