Question

已知數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n，a₁=1，且2nS_n+1-2（n+1）S_n=n（n+1）（n∈N^*）．?dāng)?shù)列{b_n}滿足b_n+2-2b_n+1+b_n=0（n∈N^*）．b₃=5，其前9項(xiàng)和為63．
（1）求數(shù)列{a_n}和{b_n}的通項(xiàng)公式；
（2）令c_n=

bn

an

+

an

bn

，數(shù)列{c_n}的前n項(xiàng)和為T(mén)_n，證明：

4

3

≤T_n-2n＜3．

Answer 1

考點(diǎn)：數(shù)列的求和,數(shù)列遞推式

專(zhuān)題：等差數(shù)列與等比數(shù)列,不等式的解法及應(yīng)用

分析：（1）由2nS_n+1-2（n+1）S_n=n（n+1）得數(shù)列{

Sn

n

}是首項(xiàng)為1，公差為

1

2

的等差數(shù)列，然后由等差數(shù)列的通項(xiàng)公式求得Sn=

n(n+1)

2

，進(jìn)一步求得數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式，由b_n+2-2b_n+1+b_n=0可得數(shù)列{b_n}是等差數(shù)列，由已知求出公差，則數(shù)列{b_n}的通項(xiàng)公式可求；
（2）由（1）知，c_n=

bn

an

+

an

bn

=

n+2

n

+

n

n+2

=2+2(

1

n

-

1

n+2

)，然后利用錯(cuò)位相減法求出Tn-2n=3-2(

1

n+1

+

1

n+2

)，設(shè)A_n=T_n-2n，則An=3-2(

1

n+1

+

1

n+2

)，利用作差法證明{A_n}單調(diào)遞增，故(An)min=A1=

4

3

，再由An=3-2(

1

n+1

+

1

n+2

)＜3可證答案．

解答： （1）解：由2nS_n+1-2（n+1）S_n=n（n+1），得

Sn+1

n+1

-

Sn

n

=

1

2

，
∴數(shù)列{

Sn

n

}是首項(xiàng)為1，公差為

1

2

的等差數(shù)列，
因此

Sn

n

=S1+

1

2

(n-1)=1+

1

2

(n-1)=

n+1

2

，
∴Sn=

n(n+1)

2

．
于是an+1=Sn+1-Sn=

(n+1)(n+2)

2

-

n(n+1)

2

=n+1，
又a₁=1，∴a_n=n．
∵b_n+2-2b_n+1+b_n=0，∴數(shù)列{b_n}是等差數(shù)列，
由S9=

9(b3+b7)

2

=63，b₃=5，得b₇=9．
∴d=

9-5

7-3

=1．
∴b_n=b₃+（n-3）×1=n+2；
（2）證明：由（1）知，c_n=

bn

an

+

an

bn

=

n+2

n

+

n

n+2

=2+2(

1

n

-

1

n+2

)，
∴T_n=c₁+c₂+…+c_n=2n+2(1-

1

3

+

1

2

-

1

4

+

1

3

-

1

5

+…

1

n-1

-

1

n+1

+

1

n

-

1

n+2

)
=2n+(1+

1

2

-

1

n+1

-

1

n+2

)=3-2(

1

n+1

+

1

n+2

)+2n．
∴Tn-2n=3-2(

1

n+1

+

1

n+2

)．
設(shè)A_n=T_n-2n，則An=3-2(

1

n+1

+

1

n+2

)．
又∵An+1-An=3-2(

1

n+2

+

1

n+3

)-[3-2(

1

n+1

+

1

n+2

)]
=2(

1

n+1

-

1

n+3

)-

4

(n+1)(n+3)

＞0．
∴{A_n}單調(diào)遞增，故(An)min=A1=

4

3

．
而An=3-2(

1

n+1

+

1

n+2

)＜3．
故有

4

3

≤An＜3．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了數(shù)列遞推式，考查了等差關(guān)系的確定，訓(xùn)練了裂項(xiàng)相消法求數(shù)列的前n項(xiàng)和，考查了放縮法證明數(shù)列不等式，是壓軸題．