分析 (1)設設A(x1,y1),B(x2,y2),M(x0,y0),求切線MA,切線MB的方程,可得2x0=x1+x2,y0=x1x2,設直線AB的方程是y=kx+b,代入y=x2得x0=$\frac{1}{2}$k,y0=-b,代入y0=x0-1得-b=$\frac{1}{2}$k-1,即可證明結論;
(2)由兩點間距離公式可求|AB|,由點到直線的距離公式可求點M到直線AB的距離d,由三角形面積公式及二次函數的性質即可得解.
解答 (1)證明:設A(x1,y1),B(x2,y2),M(x0,y0).
∵y=x2,∴y′=2x.
于是在點A處的切線方程為y-y1=2x1(x-x1),化為y=2x1x-x12.①
同理在點B處的切線方程為y=2x2x-x22.②
由①②得2x0=x1+x2,y0=x1x2,顯然直線AB存在斜率.
設直線AB的方程是y=kx+b,代入y=x2得x2-kx-b=0,
∴x1+x2=k,x1x2=-b,即x0=$\frac{1}{2}$k,y0=-b,
代入y0=x0-1得-b=$\frac{1}{2}$k-1
∴y=kx-$\frac{1}{2}$k+1
∴y-1=k(x-$\frac{1}{2}$)
令x-$\frac{1}{2}$=0,可得y-1=0,∴x=$\frac{1}{2}$,y=1.
因此直線AB恒過定點($\frac{1}{2}$,1);
(2)解:由(1)得|AB|=$\sqrt{1+{k}^{2}}•\sqrt{{k}^{2}+4b}$=$\sqrt{1+{k}^{2}}•\sqrt{{k}^{2}-2k+4}$
點M到直線AB的距離是d=$\frac{\frac{1}{2}({k}^{2}-2k+4)}{\sqrt{1+{k}^{2}}}$
△MAB的面積=$\frac{1}{2}$|AB|•d=$\frac{1}{4}({k}^{2}-2k+4)^{\frac{3}{2}}$≥$\frac{3\sqrt{3}}{4}$,
當k=1時△MAB的面積取得最小值$\frac{3\sqrt{3}}{4}$,M的坐標為($\frac{1}{2}$,-$\frac{1}{2}$).
點評 本題主要考查了直線與圓錐曲線的關系,兩點間距離公式,點到直線距離公式,直線的方程等知識的應用,難度大.熟練掌握導數的幾何意義及其切線方程是解題的關鍵.
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