Question

【題目】（I）已知函數(shù)f（x）=rx﹣xr+（1﹣r）（x＞0），其中r為有理數(shù)，且0＜r＜1．
（1）求f（x）的最小值；
（2）試用（1）的結(jié)果證明如下命題：設(shè)a1≥0，a2≥0，b1 ， b2為正有理數(shù)，若b1+b2=1，則a1b1a2b2≤a1b1+a2b2；
（3）請將（2）中的命題推廣到一般形式，并用數(shù)學(xué)歸納法證明你所推廣的命題．注：當α為正有理數(shù)時，有求導(dǎo)公式（xα）r=αxα﹣1 ．

Answer 1

【答案】
（1）

解：求導(dǎo)函數(shù)可得：f′（x）=r（1﹣xr﹣1），令f′（x）=0，解得x=1；

當0＜x＜1時，f′（x）＜0，所以f（x）在（0，1）上是減函數(shù)；

當x＞1時，f′（x）＞0，所以f（x）在（0，1）上是增函數(shù)

所以f（x）在x=1處取得最小值f（1）=0；

（2）

解：由（1）知，x∈（0，+∞）時，有f（x）≥f（1）=0，即xr≤rx+（1﹣r）①

若a1，a2中有一個為0，則a1b1a2b2≤a1b1+a2b2成立；

若a1，a2均不為0，∵b1+b2=1，∴b2=1﹣b1，

∴①中令 ，可得a1b1a2b2≤a1b1+a2b2成立

綜上，對a1≥0，a2≥0，b1，b2為正有理數(shù)，若b1+b2=1，則a1b1a2b2≤a1b1+a2b2；②

（3）

解：（2）中的命題推廣到一般形式為：設(shè)a1≥0，a2≥0，…，an≥0，b1，b2，…，bn為正有理數(shù)，若b1+b2+…+bn=1，則a1b1a2b2…anbn≤a1b1+a2b2+…anbn；③

用數(shù)學(xué)歸納法證明

（1）當n=1時，b1=1，a1≤a1，③成立

（2）假設(shè)當n=k時，③成立，即a1≥0，a2≥0，…，ak≥0，b1，b2，…，bk為正有理數(shù)，若b1+b2+…+bk=1，則a1b1a2b2…akbk≤a1b1+a2b2+…akbk．

當n=k+1時，a1≥0，a2≥0，…，ak+1≥0，b1，b2，…，bk+1為正有理數(shù)，若b1+b2+…+bk+1=1，則1﹣bk+1＞0

于是a1b1a2b2…akbkak+1bk+1=（a1b1a2b2…akbk）ak+1bk+1= ak+1bk+1

∵ + +…+ =1

∴ ≤ + +…+

=

∴ ak+1bk+1≤ （1﹣bk+1）+ak+1bk+1，

∴a1b1a2b2…akbkak+1bk+1≤a1b1+a2b2+…akbk+ak+1bk+1．

∴當n=k+1時，③成立

由（1）（2）可知，對一切正整數(shù)，推廣的命題成立．

【解析】（1）求導(dǎo)函數(shù)，令f′（x）=0，解得x=1；確定函數(shù)在（0，1）上是減函數(shù)；在（0，1）上是增函數(shù)，從而可求f（x）的最小值；（2）由（1），x∈（0，+∞）時，有f（x）≥f（1）=0，即xr≤rx+（1﹣r），分類討論：若a1 ， a2中有一個為0，則a1b1a2b2≤a1b1+a2b2成立；若a1 ， a2均不為0， ，可得a1b1a2b2≤a1b1+a2b2成立（3）（2）中的命題推廣到一般形式為：設(shè)a1≥0，a2≥0，…，an≥0，b1 ， b2 ， …，bn為正有理數(shù)，若b1+b2+…+bn=1，則a1b1a2b2…anbn≤a1b1+a2b2+…anbn；
用數(shù)學(xué)歸納法證明：（1）當n=1時，b1=1，a1≤a1 ， 推廣命題成立；（2）假設(shè)當n=k時，推廣命題成立，證明當n=k+1時，利用a1b1a2b2…akbkak+1bk+1=（a1b1a2b2…akbk）ak+1bk+1= ak+1bk+1 ， 結(jié)合歸納假設(shè)，即可得到結(jié)論．