2.已知函數(shù)f(x)=ax2+bx+c(a≠0)滿足f(0)=0,對于任意x∈R都有f(x)≥x,且f(-$\frac{1}{2}$+x)=f(-$\frac{1}{2}$-x),令g(x)=f(x)-|λx-l|(λ>0).
(1)求函數(shù)f(x)的表達(dá)式;
(2)求函數(shù)g(x)的單調(diào)區(qū)間.

分析 (1)由∵f(0)=0可得c=0而函數(shù)對于任意x∈R都有f(-$\frac{1}{2}$+x)=f(-$\frac{1}{2}$-x),可得函數(shù)f(x)的對稱軸從而可得a=b,結(jié)合f(x)≥x,即ax2+(b-1)x≥0對于任意x∈R都成立,可轉(zhuǎn)化為二次函數(shù)的圖象可得a>0,且△=(b-1)2≤0.
(2)由(1)可得g(x)=f(x)-|λx-1|=$\left\{\begin{array}{l}{x}^{2}+(1-λ)x+1,x≥\frac{1}{λ}\\{x}^{2}+(1+λ)x+1,x<\frac{1}{λ}\end{array}\right.$根據(jù)函數(shù)g(x)需討論:①當(dāng)x≥$\frac{1}{λ}$時(shí),函數(shù)g(x)=x2+(1-λ)x+1的對稱軸為x=$\frac{λ-1}{2}$,則要比較對稱軸與區(qū)間端點(diǎn)的大小,為此產(chǎn)生討論:$\frac{λ-1}{2}$≤$\frac{1}{λ}$,與$\frac{λ-1}{2}$>$\frac{1}{λ}$分別求單調(diào)區(qū)間;②當(dāng)x<$\frac{1}{λ}$時(shí),函數(shù)g(x)=x2+(1+λ)x-1的對稱軸為x=-$\frac{1+λ}{2}$<$\frac{1}{λ}$,同①的討論思路

解答 (1)解:∵f(0)=0,∴c=0.(1分)
∵對于任意x∈R都有f(-$\frac{1}{2}$+x)=f(-$\frac{1}{2}$-x),
∴函數(shù)f(x)的對稱軸為x=-$\frac{1}{2}$,即-$\frac{2a}$=-$\frac{1}{2}$,得a=b.(2分)
又f(x)≥x,即ax2+(b-1)x≥0對于任意x∈R都成立,
∴a>0,且△=(b-1)2≤0.
∵(b-1)2≥0,∴b=1,a=1.
∴f(x)=x2+x.(4分)
(2)解:g(x)=f(x)-|λx-1|=$\left\{\begin{array}{l}{x}^{2}+(1-λ)x+1,x≥\frac{1}{λ}\\{x}^{2}+(1+λ)x+1,x<\frac{1}{λ}\end{array}\right.$(5分)
①當(dāng)x≥$\frac{1}{λ}$時(shí),函數(shù)g(x)=x2+(1-λ)x+1的對稱軸為x=$\frac{λ-1}{2}$,
若$\frac{λ-1}{2}$≤$\frac{1}{λ}$,即0<λ≤2,函數(shù)g(x)在($\frac{1}{λ}$,+∞)上單調(diào)遞增;(6分)
若$\frac{λ-1}{2}$>$\frac{1}{λ}$,即λ>2,函數(shù)g(x)在($\frac{λ-1}{2}$,+∞)上單調(diào)遞增,在($\frac{1}{λ}$,$\frac{λ-1}{2}$)上單調(diào)遞減.
(7分)
②當(dāng)x<$\frac{1}{λ}$時(shí),函數(shù)g(x)=x2+(1+λ)x-1的對稱軸為x=-$\frac{1+λ}{2}$<$\frac{1}{λ}$,
則函數(shù)g(x)在(-$\frac{1+λ}{2}$,$\frac{1}{λ}$)上單調(diào)遞增,在(-∞,-$\frac{1+λ}{2}$)上單調(diào)遞減.(8分)
綜上所述,當(dāng)0<λ≤2時(shí),函數(shù)g(x)單調(diào)遞增區(qū)間為(-$\frac{1+λ}{2}$,+∞),單調(diào)遞減區(qū)間為(-∞,-$\frac{1+λ}{2}$);(10分)
當(dāng)λ>2時(shí),函數(shù)g(x)單調(diào)遞增區(qū)間為(-$\frac{1+λ}{2}$,$\frac{1}{λ}$)和($\frac{λ-1}{2}$,+∞),單調(diào)遞減區(qū)間為(-∞,-$\frac{1+λ}{2}$)和($\frac{1}{λ}$,$\frac{λ-1}{2}$).(12分)

點(diǎn)評 本題考查的知識點(diǎn)是二次函數(shù)的圖象和性質(zhì),熟練掌握二次函數(shù)的圖象和性質(zhì),是解答的關(guān)鍵.

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