A. | 木塊前端P從點(diǎn)1到點(diǎn)2所用時間為$\frac{{t}_{1}-{t}_{2}}{2}$$+\frac{L}{a}(\frac{1}{{t}_{2}}-\frac{1}{{t}_{1}})$ | |
B. | 木塊前端P從點(diǎn)1到點(diǎn)2所用時間為$\frac{L}{a}$($\frac{1}{{t}_{2}}$$-\frac{1}{{t}_{1}}$) | |
C. | 木塊通過點(diǎn)2的平均速度為$\frac{L}{{t}_{2}}$ | |
D. | 1、2兩點(diǎn)間的距離是$\frac{{L}^{2}}{2a}(\frac{1}{{t}_{2}^{2}}-\frac{1}{{t}_{1}^{2}})$ |
分析 本題中長方形木塊不能看成質(zhì)點(diǎn),分析其運(yùn)動過程,運(yùn)用勻變速直線運(yùn)動中間時刻的瞬時速度等于這段位移的平均速度等運(yùn)動規(guī)律求解.
解答 解:A、設(shè)P端通過1后$\frac{{t}_{1}}{2}$時刻速度為v1′,通過2后$\frac{{t}_{2}}{2}$時刻速度為v2′,
由勻變速運(yùn)動平均速度的推論有:${v}_{1}′=\frac{L}{{t}_{1}}$,${v}_{2}′=\frac{L}{{t}_{2}}$,
木塊前端P從點(diǎn)1到點(diǎn)2所用時間t=$\frac{{v}_{2}′-{v}_{1}′}{a}+\frac{{t}_{1}}{2}-\frac{{t}_{2}}{2}$=$\frac{{t}_{1}-{t}_{2}}{2}+\frac{L}{a}(\frac{1}{{t}_{2}}-\frac{1}{{t}_{1}})$,故A正確,B錯誤.
C、木塊通過點(diǎn)2的時間為t2,經(jīng)歷的位移為L,則木塊通過點(diǎn)2的平均速度為$\frac{L}{{t}_{2}}$,故C正確.
D、木塊前端經(jīng)過點(diǎn)1的速度${v}_{1}=\frac{L}{{t}_{1}}-a\frac{{t}_{1}}{2}$,木塊前端經(jīng)過點(diǎn)2的速度${v}_{2}=\frac{L}{{t}_{2}}-a\frac{{t}_{2}}{2}$,1、2兩點(diǎn)間的距離x=$\frac{{{v}_{2}}^{2}-{{v}_{1}}^{2}}{2a}$≠$\frac{{L}^{2}}{2a}(\frac{1}{{t}_{2}^{2}}-\frac{1}{{t}_{1}^{2}})$,故D錯誤.
故選:AC.
點(diǎn)評 解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運(yùn)動的公式和推論,并能靈活運(yùn)用,有時運(yùn)用推論求解會使問題更加簡捷.
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科目:高中物理 來源: 題型:選擇題
A. | 曲線運(yùn)動可能是變速運(yùn)動 | B. | 曲線運(yùn)動的速度可以是不變的 | ||
C. | 曲線運(yùn)動的速度的大小一定在變化 | D. | 曲線運(yùn)動的速度的方向一定在變化 |
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科目:高中物理 來源: 題型:計算題
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科目:高中物理 來源: 題型:多選題
A. | 粒子一定帶正電 | |
B. | A處場強(qiáng)大于C處場強(qiáng) | |
C. | 粒子在A處電勢能小于在C處電勢能 | |
D. | 粒子從A運(yùn)動到B的電場力所做的功大于從B到C電場力所做的功 |
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科目:高中物理 來源: 題型:計算題
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科目:高中物理 來源: 題型:選擇題
A. | B. | C. | D. |
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科目:高中物理 來源: 題型:選擇題
A. | 物體沿圓弧ab運(yùn)動時所受的力可能是恒力 | |
B. | 若物體運(yùn)動至b點(diǎn)突然撤去力,則沿be運(yùn)動 | |
C. | 若物體運(yùn)動至b點(diǎn)力突然減小,則沿bd運(yùn)動 | |
D. | 若物體運(yùn)動至b點(diǎn)力突然變?yōu)榈戎捣聪,則沿be運(yùn)動 |
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科目:高中物理 來源: 題型:選擇題
A. | 由E=$\frac{F}{q}$可知,電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度E與F成正比 | |
B. | 由Uab=Ed可知,勻強(qiáng)電場中的任意兩點(diǎn)a、b間的距離越大,則兩點(diǎn)間的電勢差也一定越大 | |
C. | 由公式φ=$\frac{?}{q}$可知,電場中某點(diǎn)的電勢φ與q成反比 | |
D. | 由公式C=$\frac{Q}{U}$可知,電容器的電容大小C與電容器兩極板間電勢差U無關(guān) |
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科目:高中物理 來源: 題型:計算題
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