Question

如圖所示的直角坐標(biāo)系中，在直線X=-2L到y(tǒng)軸區(qū)域內(nèi)存在著兩個大小相等、方向相反的有界勻強(qiáng)電場，其中x軸上方的電場方向沿y軸負(fù)方向，x軸下方的電場方向沿y軸正方向，在電場左邊界上A（-2L，-L，）到C（-2L，0）區(qū)域內(nèi)，連續(xù)分布著電量為+q，質(zhì)量為m的粒子，從某時刻起由A點到C點間的粒子，依次連續(xù)以相同的速度V沿x軸正方向射入電場，若從A點射入的粒子，恰好從y軸上的A'（0，L）沿x軸正方向射出電場，其軌跡如圖，不計粒子的重力及它們間的相互作用．
（1）求勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E；
（2）求在AC間還有哪些位置的粒子，通過電場后也能沿x軸正方向運(yùn)動？
（3）若以直線x=2L上的某點為圓心的圓形區(qū)域內(nèi)，分布著垂直于xOy平面向里的強(qiáng)磁場，使沿x軸正方向射出電場的粒子，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后，都能通過直線x=2L與圓形磁場邊界的一個交點處，而便于被收集，則磁場區(qū)域的最小半徑是多大？相應(yīng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B是多大？

Answer 1

【答案】分析：（1）將帶電粒子的運(yùn)用沿水平和豎直方向正交分解，水平方向做勻速直線運(yùn)動，豎直方向在x軸上下方都做勻變速直線運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式列式分析；
（2）先畫出運(yùn)動的一般軌跡，要使粒子通過電場后能沿x軸正方向運(yùn)動，其第一次到達(dá)x軸的水平分位移的2n倍等于2l，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式列式分析即可；
（3）先畫出各個粒子的運(yùn)動軌跡，然后根據(jù)題意確定磁場范圍，最后根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解磁感應(yīng)強(qiáng)度．
解答：解：（1）設(shè)從A點射入的粒子由A點到A'點的運(yùn)動時間為t，根據(jù)運(yùn)動軌跡的對成稱性可得：
x方向有：2L=vt得t= ①
y方向有：L=（）²        ②
解得     E= ③
即從AC間入射的粒子穿越電場區(qū)域的時間t為，勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大小為 ．
（2）設(shè)到C點距離為△y處射出的粒子通過電場后也沿x軸正方向，粒子第一次到達(dá)x軸用時△t，水平分位移△x，
則△x=v△t     ④
△y= （△t）²   ⑤
要粒子從電場中射出時速度方向也沿x軸正方向，必須滿足條件2l=n?2△x（n=1，2，3…）      ⑥
聯(lián)立③④⑤⑥解得：△y= ⑦
故粒子從電場中射出時速度方向也沿x軸正方向，必須是在AC間縱坐標(biāo)為：y=（-1）ⁿ ，（n=1，2，3…）⑧
（3）當(dāng)n=1時，粒子射出的坐標(biāo)為y₁=l⑨
當(dāng)n=2時，粒子射出的坐標(biāo)為y2=- ⑩
當(dāng)n≥3時，沿x軸正方向射出的粒子分布在y₁到y(tǒng)₂之間（如圖所示）．
y₁、y₂之間距離為  L=y₁-y₂= （11）
所以，磁場圓O₁的最小半徑R== （12）
若使粒子經(jīng)磁場后匯集于直線x=2l與圓形磁場邊界的一個交點，分析知此點只能是答圖中的Q點，且粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑等于磁場區(qū)域圓半徑．    
由  qv0B=m （13）
聯(lián)立（12）（13）得：B= （14）
即磁場區(qū)域的最小半徑是，相應(yīng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B是．
答：（1）求勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為 ；
（2）y=（-1）ⁿ ，（n=1，2，3…）位置的粒子，通過電場后也能沿x軸正方向運(yùn)動；
（3）磁場區(qū)域的最小半徑是，相應(yīng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B是．
點評：本題關(guān)鍵是將粒子的運(yùn)動沿著水平方向和豎直方向正交分解，然后根據(jù)牛頓運(yùn)動定律和運(yùn)動學(xué)公式列式分析求解；解題過程中要畫出軌跡圖分析，特別是第三小題，要畫出準(zhǔn)確的圓軌跡圖分析才能有助與問題的解決．