Question

18．如圖所示，一個矩形線圈的ab、cd邊長為L₁，ad、bc邊長為L₂，線圈的匝數(shù)為N，線圈處于磁感應強度為B的勻強磁場中，并以OO′為中軸做勻速圓周運動，（OO′與磁場方向垂直，線圈電阻不計），線圈轉動的角速度為ω，設轉動從中性面開始計時，請回答下列問題：
（1）寫出該線圈產(chǎn)生交流電的電動勢隨時間變化的表達式．
（2）將線圈產(chǎn)生的交流電通入電阻為R的電動機時，形成的電流有效值為I，請計算該電動機的輸出的機械功率（其它損耗不計）．
（3）用此電動機將豎直固定的光滑U型金屬框架上的水平導體棒EF從靜止向上拉，已知導體棒的質量為m，U型金屬框架寬為L且足夠長，內有垂直向里的勻強磁場，磁感應強度為B₀，導體棒上升高度為h時，經(jīng)歷的時間為t，且此時導體棒剛開始勻速上升且速度為v₀，棒有效電阻為R₀，金屬框架的總電阻不計，棒與金屬框架接觸良好，求t時間內導體棒與金屬框架產(chǎn)生的焦耳熱．

Answer 1

分析 （1）矩形線圈的ab、cd切割磁感線，根據(jù)感應電動勢公式e=BLvsinα推導感應電動勢瞬時值表達式．
（2）根據(jù)能量守恒定律得到：電動機的輸出的機械功率P_機=P_入-P_Q=UI-I²R，U是電壓有效值．
（3）①電機帶導體棒勻速上升時，電動機的牽引力與導體棒的重力和安培力的合力平衡，推導導體棒勻速上升時的速度和已知量的關系式．
②對導體棒，電動機牽引力做正功，安培力和重力做負功，根據(jù)動能定理列方程，求出導體棒克服安培力做的功，即導體棒與金屬框架產(chǎn)生的焦耳熱．

解答 解：
（1）
如圖所示，邊長L₁切割磁感線產(chǎn)生電動勢
e₁=BL₁V_⊥=BL₁Vsinωt
而線速度V=$\frac{{L}_{2}ω}{2}$
則e₁=BL₁$\frac{{L}_{2}ω}{2}$sinωt
因有線圈兩個邊切割，且有N匝
所以e=2Ne₁=NBL₁L₂ωsinωt
即：e=E_msinωt，其中E_m=NBL₁L₂ω．
（2）電流通過電動機時，輸入的功率
P_入=UI=$\frac{NB{L}_{1}{L}_{2}ω}{\sqrt{2}}$I
由能量守恒知：
P_入=P_Q+P_機
∴機械功率P_機=$\frac{NB{L}_{1}{L}_{2}ω}{\sqrt{2}}$I-I²R
（3）①電機帶導體棒勻速上升．受力如圖
由平衡條件得 F=B₀IL+mg
又I=$\frac{{B}_{0}Lv}{{R}_{0}}$，F(xiàn)=$\frac{P}{v}$
得到$\frac{P}{v}$=mg+$\frac{{B}_{0}^{2}{L}^{2}v}{{R}_{0}}$
即：$\frac{NB{L}_{1}{L}_{2}ω}{\sqrt{2}}$I-I²R=mgv+$\frac{{B}_{0}^{2}{L}^{2}v}{{R}_{0}}$v
②對上升h應用動能定理：
Pt-W-mgh=$\frac{1}{2}$mv₀²-0
得 Q=W=Pt-mgh-$\frac{1}{2}$mv₀²
Q=（$\frac{NB{L}_{1}{L}_{2}ω}{\sqrt{2}}$I-I²R）t-mgh-$\frac{1}{2}$mv₀²
答：
（1）證明見上．
（2）電動機的輸出的機械功率為$\frac{NB{L}_{1}{L}_{2}ω}{\sqrt{2}}$I-I²R．
（3）①導體棒勻速上升時的速度和已知量的關系是$\frac{NB{L}_{1}{L}_{2}ω}{\sqrt{2}}$I-I²R=mgv+$\frac{{B}_{0}^{2}{L}^{2}v}{{R}_{0}}$v．
②t時間內導體棒與金屬框架產(chǎn)生的焦耳熱是（$\frac{NB{L}_{1}{L}_{2}ω}{\sqrt{2}}$I-I²R）t-mgh-$\frac{1}{2}$mv₀²

點評 本題問題較多，所用物理知識并不復雜，主要是電磁感應、電路、磁場和力學知識，只要基本功扎實，并不困難．要注意明確電磁感應中的能量轉化的分析．