Question

13．如圖所示為小型交流發(fā)電機(jī)，電阻r=1Ω的單匝矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)方向的固定軸00′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)和電刷與電阻連接，定值電阻R=3Ω，其它電阻不計(jì)，閉合開關(guān)S，從線圈平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)開始計(jì)時(shí)，矩形線圈的磁通量φ隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中理想電壓表示數(shù)是6V．下列說(shuō)法正確的是（　�。�

• A． 電阻R消耗的功率為9W
• B． 在t=0.02s時(shí)電阻R兩端的電壓瞬時(shí)值為零
• C． 線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t變化的規(guī)律是e=8$\sqrt{2}$cos100πtv
• D． 線圈從開始計(jì)時(shí)到0.005s的過(guò)程中，通過(guò)電阻R的電荷量為$\frac{3\sqrt{2}}{200π}$C

Answer 1

分析 根據(jù)公式P=$\frac{{U}^{2}}{R}$求出電阻R上的電功率，由乙圖可知，0.02s通過(guò)線圈的磁通量為零，電動(dòng)勢(shì)最大，根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求出最大值，寫出產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t變化的規(guī)律，由法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合閉合電路的歐姆定律可求得通過(guò)電阻R的電量

解答 解：A、根據(jù)公式P=$\frac{{U}^{2}}{R}=\frac{{6}^{2}}{3}W=12W$，故A錯(cuò)誤；
B、由乙圖可知，0.02s通過(guò)線圈的磁通量為零，電動(dòng)勢(shì)最大，R兩端的電壓瞬時(shí)值為6$\sqrt{2}$V，故B錯(cuò)誤；
C、產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為E=$\frac{R+r}{R}U=8V$，最大值為${E}_{m}=\sqrt{2}E=8\sqrt{2}V$，ω=$\frac{2π}{T}=100πrad/s$，又因?yàn)榇私蛔冸娏魇菑拇怪庇谥行悦骈_始計(jì)時(shí)的，所以R兩端的電壓u隨時(shí)間t變化的規(guī)律是u=$8\sqrt{2}$cos100πt（V），故C正確
D、產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E_m=N∅_mω
故${∅}_{m}=\frac{{E}_{m}}{Nω}=\frac{8\sqrt{2}}{1×100π}Wb=\frac{8\sqrt{2}}{100π}Wb$
線圈從開始計(jì)時(shí)到0.005s的過(guò)程中，磁通量的變化量為$△∅={∅}_{m}=\frac{8\sqrt{2}}{100π}Wb$，故通過(guò)電阻R的電荷量$q=\frac{△∅}{R+r}=\frac{\sqrt{2}}{50π}C$，故D錯(cuò)誤；
故選：C

點(diǎn)評(píng) 解決本題的關(guān)鍵知道正弦式交流電峰值的表達(dá)式E_m=nBSω，以及知道峰值與有效值的關(guān)系，能從圖中得出有效信息，難度不大