10.如圖所示,在豎直平面內(nèi)固定一半徑R為2m、圓心角為120°的光滑圓弧軌道BEC,其中點E是最低點.在B、C兩端平滑、對稱地連接AB、CD兩段粗糙直軌道,直軌道上端A、D與最低點E之間的高度差h均為2.5m.現(xiàn)將質(zhì)量為0.01kg的小物塊由A點靜止釋放,物塊與直軌道間的動摩擦因數(shù)均為0.25.求此后的運動過程中:
(1)小物塊第一次通過E點時的動能大小;
(2)小物塊在E點時對軌道壓力的最小值;
(3)小物塊在直軌道AB和CD上運動的總路程.

分析 (1)對從A到E過程運用動能定理列式求解即可;
(2)最終,滑塊在圓弧間來回滑動,根據(jù)機械能守恒定律求解E點的最小速度;在E點,重力和支持力的合力提供向心力,根據(jù)牛頓第二定律列式求解支持力;
(3)最終,滑塊在圓弧間來回滑動,損失的機械能等于摩擦力與AB和CD上運動的總路程的乘積.

解答 解:(1)從A到E過程,有重力和摩擦力做功,根據(jù)動能定理,有:
mgh-μmgcos60°•$\frac{h-Rcos60°}{sin60°}$=$\frac{1}{2}m{v}^{2}$
解得:Ek=$\frac{1}{2}m{v}^{2}$=0.23J;
(2)最終,滑塊在圓弧間來回滑動,根據(jù)機械能守恒定律,有:
  mg(R-Rcos60°)=$\frac{1}{2}m{{v}_{E}}^{2}$①
在E點,重力和支持力的合力提供向心力,根據(jù)牛頓第二定律,有:
N-mg=m$\frac{{{v}_{E}}^{2}}{R}$②
聯(lián)立①②解得:
N=0.2N;
(3)最終,滑塊在圓弧間來回滑動,由功能關系可知,損失的機械能等于摩擦力與AB和CD上運動的總路程的乘積,所以:
mgh-μmgcosθ•x=mg(R-Rcos60°)
代入數(shù)據(jù)得:x=3m
答:(1)小物塊第一次通過E點時的動能大小為0.23J;
(2)小物塊在E點時受到支持力的最小值為0.2N;
(3)小物塊在直軌道AB和CD上運動的總路程是12m.

點評 本題關鍵是明確滑塊的運動規(guī)律,然后根據(jù)動能定理、機械能守恒定律和牛頓第二定律列式求解,解答的過程要明確解答的方向.

練習冊系列答案
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A.小環(huán)速度最大時,小環(huán)受到的庫侖力為mgsinθ-μmgcosθ
B.A點的電勢一定高于B點的電勢
C.小環(huán)的電勢能可能增加
D.小環(huán)克服摩擦力做的功一定大于電勢能變化量的大小

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12.如圖所示,實線表示某一電場的電場線.在電場力作用下,一帶電粒子(不計重力)經(jīng)A點飛向B點,徑跡如圖中虛線所示,下列說法正確的是( 。
A.粒子帶正電
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A.彈簧秤的示數(shù)為4 NB.彈簧秤的示數(shù)為0.8N
C.物體處于超重狀態(tài)D.物體處于失重狀態(tài)

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5.關于質(zhì)點的位移,下列說法正確的是( 。
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B.位移是矢量,方向從末位置指向初位置
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15.如圖甲所示,兩平行金屬板豎直放置,左極板接地,中間有小孔.右極板電勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示.電子原來靜止在左極板小孔處.不計電子的重力,下列說法中正確的是(  )
A.從t=0時刻釋放電子,電子時而向右運動,時而向左運動,最后打到右極板上
B.從t=0時刻釋放電子,電子可能在兩板間振動
C.從t=$\frac{T}{4}$時刻釋放電子,電子可能在兩板間振動,也可能打到右極板上
D.從t=$\frac{3T}{8}$時刻釋放電子,電子必將打到右極板上

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