4．設(shè)f′的導(dǎo)函數(shù).y=f′(x)的圖象如圖所示. 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

設(shè)f′(x)是函數(shù)f(x)的導(dǎo)函數(shù)，y=f′(x)的圖象如圖所示，則y=f(x)的圖象最有可能的是 (　　)

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設(shè)f′(x)是函數(shù)f(x)的導(dǎo)函數(shù)，y=f′(x)的圖象如圖所示，則y=f(x)的圖象最有可能是（    ）

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設(shè)f′(x)是函數(shù)f(x)的導(dǎo)函數(shù)，y=f′(x)的圖象如圖所示，則y=f(x)圖象可能為(    )

 

 

 

 

 

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設(shè)f '(x)是函數(shù)f(x)的導(dǎo)函數(shù)，y=f '(x)的圖像如右圖所示，則y=f(x)的圖像最有可能的是                        

A                 B                  C                D

 

 

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設(shè)f ′(x)是函數(shù)f(x)的導(dǎo)函數(shù)，y＝f ′(x)的圖象如圖所示，則y＝f(x)的圖象最有可能的是

 

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一、選擇題：

題號

1

2

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4

5

6

7

8

9

10

11

12

答案

D

A

B

C

B

C

D

D

D

C

B

B（文、理）

二、填空題：

13.-1        14.y2=4x(x>0,y>0)       15.      16.    16.(文)

三、解答題：（理科）

17．解：(1)由已知1-(2cos2A-1)=2cos2

     ∴2cos2A+cosA-1=0     cosA=或cosA=-1(舍去)

∴A=60°

(2)S△=bcsin60°=bc

由余弦定理cos60°=

∴b2+c2=bc+36

由b2+c2≥2bc    ∴bc≤36

∴S△==9,此時b=c故△ABC為等邊三角形

  18．解：(1)設(shè)A(-，0)，B(0，b)

      ∴  又=(2,2)

      ∴解得

(2)由x+2>x2-x-6 得-2<x<4

  ,由于x+2>0

  ∴由均值不等式得原式最小值為-3，僅當(dāng)x=-1時

19．解：(1)證明：連AC交BD于O，連EO

    ∵E、O分別是中點(diǎn)，

EO∥PA

∴ EO面EDB  PA∥面EDB

   PA面EDB

(2) ∵△PDC為正△

∴DE⊥PC

 面PDC⊥面ABCD

 BC⊥CD       BC⊥DE

   BC面ABCD

面EDB⊥面PBC

  DE面DBE

20.解：(1)x2-4ax+a2≥a在x∈[-1,+∞)恒成立

∴x2-4ax+a2-a≥0

∴△≤0或

-≤a≤0或a≤

(2)g(x)=2x3+3ax2-12a2x+3a2

   g′(x)=6x2+6ax-12a2

         =6(x-a)(x+2a)

①當(dāng)a=0時，g′(x) ≥0,g(x)無極值

②當(dāng)a>0時，g(x)在x=a時取得極小值，∴0<a<1

③當(dāng)a<0時，g(x)在x=-2a時取到極小值，∴0<-2a<1  ∴-<a<0

故0<a<1或-<a<0

                  
   
                  
    
    
                  
    
                  ②
                  ①
                    ①-②得3tan-(2t+3)an-1=0
                    ∴,又
                    ∴{an}是以1為首項(xiàng)，為公比的等比數(shù)列
                    (2)f(t)=
                    ∴bn=
                    ∴{bn}是以1為首項(xiàng)，為公差的等差數(shù)列
                    ∴bn=1+
                    (3)原式=b2(b1-b3)+b4(b3-b5)+…b2n(b2n-1+b2n+1)
                          
=-(b2+b4+…b2n)
                          
=-
                  22.解(1)由題意M到(0，)距離與它到y(tǒng)=-距離相等
                  ∴動點(diǎn)M軌跡為拋物線，且P=
                  ∴y=x2(x>0)
                  (2)設(shè)M(x1,x12),N(x2,x22)(x1>0,x2>0,x1≠x2)
                    ∴tanθ1=x1,tanθ2=x2(0<θ1, θ2<)
                  ①當(dāng)θ≠時，
                  直線MN方程：y-x12=(x-x1）,其中tanθ=
                  ∴:y=(x1+x2)(x+)-1,所以直線過定點(diǎn)(-
                  ②當(dāng)θ=時，即x1x2=1時，:y=(x1+x2)x-1,過定點(diǎn)(0，-1)
                  文科：17－19同理
                  20．（文）(1)x2-4ax+a2≥x解為R
                    ∵x2-(4a+1)x+a2≥0
                    ∴△=(4a+1)2-4a2≤0
                    ∴-
                    ∴a的最大值為-
                  (2)g(x)=2x3+3ax2-12a2x+3a2
                    
g′(x)=6x2+6ax-12a2
                          
=6(x-a)(x+2a)
                  當(dāng)a<0時，g(x)在x=-2a時取到極小值，∴0<-2a<1  ∴-<a<0
                  21．同理21（1）（2）
                  22．同理
                   
                  		
                  
	
	
                  
		
                  


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