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14.鐵及其化合物是一類重要的物質,在人類的生產和生活中具有廣泛的用途.
(1)能用來制作紅色涂料的鐵的氧化物是Fe2O3(填化學式).
(2)向一定濃度的FeCl2溶液中滴加一定體積的30%的雙氧水,可以觀察到溶液變?yōu)榧t褐色,且能發(fā)生丁達爾效應,用pH計測得溶液pH變小.寫出FeCl2與H2O2反應的離子方程式:2Fe2++H2O2+4H2O=2Fe(OH)3(膠體)+4H+
(3)如圖為一電化學裝置,電極分別為鐵棒和碳棒.U形管中盛有飽和電解質溶液.
①若U形管中盛食鹽水飽和溶液,打開K2,閉合K1,鐵棒為陰極,鐵棒腐蝕速率變慢(填“變快”“變慢”或“不變”),碳棒上的電極反應式為2Cl-+2e-=C12↑.
②若U形管中盛有NaOH濃溶液,打開K1,閉合K2.可以制備新型凈水劑高鐵酸鹽(FeO42-).陽極電極反應式為Fe-6e-+8OH-=FeO42-+4H2O,陰極區(qū)溶液的pH增大 (填”增大”‘減小”或“不變”).

分析 (1)能用來制作紅色涂料的鐵的是氧化鐵;
(2)向一定濃度的FeCl2溶液中滴加一定體積的30%的雙氧水,可以觀察到溶液變?yōu)榧t褐色,且能發(fā)生丁達爾效應,說明生成氫氧化鐵膠體,用pH計測得溶液pH變。f明產生氫離子;
(3)①若U形管中盛食鹽水飽和溶液,打開K2,閉合K1,鐵棒與電源的負極相連,為陰極,鐵棒腐蝕速率變慢,碳棒與電源的正極相連,為電解池的陽極,氯離子放電,電極反應式為2Cl-+2e-=C12↑;
②若U形管中盛有NaOH濃溶液,打開K1,閉合K2,鐵為陽極發(fā)生氧化反應,可以制備新型凈水劑高鐵酸鹽(FeO42-),電極反應式為:Fe-6e-+8OH-=FeO42-+4H2O,而陰極是水中的氫離子放電,生成氫氣,同時產生氫氧根離子.

解答 解:(1)能用來制作紅色涂料的鐵的是氧化鐵,化學式為:Fe2O3,故答案為:Fe2O3;
(2)向一定濃度的FeCl2溶液中滴加一定體積的30%的雙氧水,可以觀察到溶液變?yōu)榧t褐色,且能發(fā)生丁達爾效應,說明生成氫氧化鐵膠體,所以反應方程式為:2Fe2++H2O2+4H2O=2Fe(OH)3(膠體)+4H+,故答案為:2Fe2++H2O2+4H2O=2Fe(OH)3(膠體)+4H+
(3)①若U形管中盛食鹽水飽和溶液,打開K2,閉合K1,鐵棒與電源的負極相連,為陰極,鐵棒腐蝕速率變慢,碳棒與電源的正極相連,為電解池的陽極,氯離子放電,電極反應式為2Cl-+2e-=C12↑,故答案為:陰;變慢;2Cl-+2e-=C12↑;
②若U形管中盛有NaOH濃溶液,打開K1,閉合K2,鐵為陽極發(fā)生氧化反應,可以制備新型凈水劑高鐵酸鹽(FeO42-),電極反應式為:Fe-6e-+8OH-=FeO42-+4H2O,而陰極是水中的氫離子放電,生成氫氣,同時產生氫氧根離子,所以陰極區(qū)溶液的pH增大,故答案為::Fe-6e-+8OH-=FeO42-+4H2O; 增大.

點評 本題考查了原電池和電解池原理,明確正負極的判斷及離子放電順序是解本題關鍵,難點是電極反應式的書寫,題目難度中等.

練習冊系列答案
相關習題

科目:高中化學 來源:2017屆江西省高三上第二次月考化學試卷(解析版) 題型:填空題

含A元素的一種單質是一種重要的半導體材料,含A元素的一種化合物C可用于制造高性能的現代通訊材料—光導纖維,C與燒堿反應生成含A元素的化合物D

(1)B元素的原子最外層電子數與A相同,則B在元素周期中的位置___ __.

(2)寫出易與C發(fā)生反應的酸與C反應的化學方程式是______________.

(3)將C與純堿混合高溫熔融時也發(fā)生化學反應生成D,同時還生成B的最高價氧化物E:將全部的E與全部的D在足量的水中混合后,又發(fā)生化學反應生成含A的化合物F.

①寫出生成D的化學反應方程式:______________.

②要將純堿高溫熔化,下列坩堝中不可選用的是__________.

A.普通玻璃坩堝

B.石英玻璃坩堝

C.鐵坩堝

D.瓷坩堝.

③將過量的E通入D的溶液中發(fā)生反應的離子方程式是:_________________。

(4)100 g C與石灰石的混合物充分反應后,生成的氣體在標準狀況下的體積為11.2 L,100 g混合物中石灰石的質量分數是____________。

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科目:高中化學 來源: 題型:推斷題

5.A、B、C、D、E、F、G、H、I、J有如圖所示的轉化關系.圖中所有物質均由短周期元素組成,且每個小三角形內的三種物質均至少含有第三周期中的一種相同元素.其它信息見表:
編號信息編號信息
1D為地殼中含量最高的元素組成的單質4H為淡黃色固體化合物
2E為酸性氣態(tài)氧化物5電解飽和J溶液是工業(yè)重要反應
3F的濃溶液常做干燥劑6C為離子化合物,陰、陽離子均含金屬元素
用化學用語回答下列問題:
(1)A、E、H中原子序數最大的元素的元素符號S,A、B、C共同含有的元素在周期表中的位置第三周期第IIIA族;
(2)指出H中化學鍵類型離子鍵和共價鍵,寫出與H相對分子質量相同,且它們的陰離子所含的電子數、電荷數也均相同的化合物的電子式
(3)常溫下C溶液的PH<7,(填“<”、“>”或“=”)寫出C溶液中通入少量鹽酸生成B的化學方程式HCl+NaAlO2+H2O=Al(OH)3↓+NaCl.寫出C溶液中滴加NaHCO3溶液的離子方程式AlO2-+HCO3-+H2O═Al(OH)3↓+CO32-
(4)Zn和Cu分別和一定量F的濃溶液反應,若產生的氣體體積相等(相同條件下),則下列判斷正確的是BD
A.產生的氣體種類一定相同          B.轉移的電子一定相同
C.消耗F的物質的量一定相同        D.消耗兩種金屬物質的量一定相同
(5)電解飽和J溶液產物之一為Y2,將一定量的Y2通入一定濃度的苛性鉀溶液中,兩者恰好完全反應,生成三種含Y元素的離子,其中YO3-、YO-兩種離子物質的量之比為1:2,該反應的離子方程式是10OH-+5Cl2=2ClO-+ClO3-+7Cl-+5 H2O.

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科目:高中化學 來源: 題型:選擇題

2.R為1~18號元素,其原子所具有的電子層數為最外層電子數的$\frac{1}{2}$,它可能形成的含氧酸根離子有:①RO32-,②RO42-,③R2O32-,下列敘述判斷正確的是( 。
A.當它可以形成①時,不可能形成③B.當它形成①時,也可以形成②和③
C.當它可以形成②時,不可能形成③D.當它可以形成①時,不可能形成②

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科目:高中化學 來源: 題型:推斷題

9.下圖表示某固態(tài)單質A及其化合物之間的轉化關系(某些產物和反應條件已略去).化合物B在常溫常壓下為氣體,B和C的相對分子質量之比為4:5,化合物D是重要的工業(yè)原料.
(1)寫出A在加熱條件下與H2反應的化學方程式H2+S$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$H2S
(2)寫出E與A的氫化物反應生成A的化學方程式H2SO3+2H2S═3S↓+3H2O
(3)寫出一個由D生成B的化學方程式C+2H2SO4(濃)$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$CO2↑+2SO2↑+2H2O或Cu+2H2SO4(濃)$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$CuSO4+SO2↑+2H2O等;
(4)將5mL0.10mol•L-1的E溶液與10mL0.10mol•L-1的NaOH溶液混合.
①寫出反應的離子方程式H2SO3+2OH-═SO32-+2H2O;
②反應后溶液的pH大于7(填“大于”、“小于”或“等于”),理由是Na2SO3溶液中SO32-發(fā)生水解使溶液顯堿性;
③加熱反應后的溶液,其pH增大(填“增大”、“不變”或“減小”),理由是升高溫度促進Na2SO3溶液的水解.

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科目:高中化學 來源: 題型:選擇題

19.據報道,挪威和荷蘭正在開發(fā)一種新能源--鹽能.當海水和淡水混合時,溫度將升高0.1℃,世界所有入海口的這種能源相當于電力需求的20%,海水和淡水混合時,溫度升高最可能的原因是(  )
A.由于濃度差產生放熱B.發(fā)生了水分解反應
C.發(fā)生了鹽分解反應D.鹽的溶解程度增大

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科目:高中化學 來源: 題型:選擇題

6.電解法制取有廣泛用途的Na2FeO4,同時獲得氫氣.工作原理如圖1所示,c( Na2FeO4)隨初始c(NaOH)的變化如圖2.

已知:FeO42-為紫紅色;Na2FeO4只在強堿性條件下穩(wěn)定,易被H2還原;溶液中OH-濃度過高,鐵電極區(qū)會產生紅褐色物質.下列說法錯誤的是( 。
A.制備Na2FeO4的電極反應為Fe-6e-+8OH-=FeO42-+4H2O
B.電解過程中,須將陰極產生的氣體及時排出
C.MN兩點中c(Na2FeO4)低于最高值的原因不同,在M點會有Fe(OH)3生成
D.圖1中的離子交換膜為陰離子交換膜,電解過程中,陰極區(qū)附近pH會增大

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科目:高中化學 來源: 題型:填空題

3.CO與H2混合氣體3g和足量的氧氣燃燒后,在150℃時將混合氣體通過足量的Na2O2后,Na2O2增重的質量為3g.

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科目:高中化學 來源: 題型:多選題

4.IBr+H2O═HBr+HIO下列關于IBr有關性質的敘述中,正確的是(  )
A.與水反應中既是氧化劑又是還原劑B.與NaOH反應生成溴化鈉和次碘酸鈉
C.可作氧化劑D.與水反應是氧化還原反應

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