Question

12．已知S_n是數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和，滿足${S_n}=\frac{1}{2}{n^2}+\frac{3}{2}n$，正項(xiàng)等比數(shù)列{b_n}的前n項(xiàng)和為T_n，且滿足b₃=8，T₂=6．
（Ⅰ）求數(shù)列{a_n}和{b_n}的通項(xiàng)公式；    
（Ⅱ）記${c_n}={a_n}•{b_n}，n∈{N^*}$，求數(shù)列{c_n}的前n項(xiàng)和G_n．

Answer 1

分析 （1）利用遞推關(guān)系可得a_n．利用等比數(shù)列的通項(xiàng)公式及其前n項(xiàng)和公式可得b_n．
（2）利用“錯(cuò)位相減法”與等比數(shù)列的前n項(xiàng)和公式即可得出．

解答 解：（1）n=1，a₁=S₁=2n≥2，a_n=S_n-S_n-1=n+1，
∴a_n=n+1．
設(shè)等比數(shù)列{b_n}的公比為q，首項(xiàng)為b₁，依題意可知$\left\{\begin{array}{l}{b_1}{q^2}=8\\ \frac{{{b_1}（1-{q^2}）}}{1-q}=6\end{array}\right.⇒q=2$或$q=-\frac{2}{3}$（舍），
∴${b_n}={b_2}×{2^{n-2}}={2^n}$．
（2）則G_n=2×2+3×2²+4×2³+…+n×2^n-1+（n+1）×2ⁿ，
2G_n=2×2²+3×2³+…+（n-1）×2^n-1+n×2ⁿ+（n+1）2ⁿ⁺¹，
∴-T_n=2×2+（2²+2³+…+2ⁿ）-（n+1）×2ⁿ⁺¹，
即-T_n=2×2+$\frac{{{2^2}（1-{2^{n-1}}）}}{1-2}$-（n+1）×2ⁿ⁺¹，
-T_n=2×2+2ⁿ⁺¹-4-（n+1）×2ⁿ⁺¹，
-T_n=2ⁿ⁺¹-（n+1）×2ⁿ⁺¹，
-T_n=-n×2ⁿ⁺¹，
T_n=n•2ⁿ⁺¹，n∈N^*．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了等差數(shù)列與等比數(shù)列的通項(xiàng)公式及其前n項(xiàng)和公式、“錯(cuò)位相減法”，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于中檔題．