2.已知a、b、c>1,且a+b+c=9.證明:$\sqrt{ab+bc+ca}$≤$\sqrt{a}$+$\sqrt$+$\sqrt{c}$.

分析 設a=$\frac{9{x}^{2}}{{x}^{2}+{y}^{2}+{z}^{2}}$,b=$\frac{9{y}^{2}}{{x}^{2}+{y}^{2}+{z}^{2}}$,c=$\frac{9{z}^{2}}{{x}^{2}+{y}^{2}+{z}^{2}}$,x+y+z=1,則原不等式即為x2+y2+z2≥9(x2y2+y2z2+z2x2),不妨設x≥y≥z,則$\frac{1}{3\sqrt{3}}$≤z≤$\frac{1}{3}$,令f(x,y,z)=x2+y2+z2-9(x2y2+y2z2+z2x2),證明大于等于0,運用分析法,即可得證.

解答 證明:設a=$\frac{9{x}^{2}}{{x}^{2}+{y}^{2}+{z}^{2}}$,b=$\frac{9{y}^{2}}{{x}^{2}+{y}^{2}+{z}^{2}}$,c=$\frac{9{z}^{2}}{{x}^{2}+{y}^{2}+{z}^{2}}$,x+y+z=1,
則原不等式即為x2+y2+z2≥9(x2y2+y2z2+z2x2),
由a≥1,9x2=a(x2+y2+z2)≥x2+y2+z2≥$\frac{(x+y+z)^{2}}{3}$=$\frac{1}{3}$,
即有x≥$\frac{1}{3\sqrt{3}}$,同理y≥$\frac{1}{3\sqrt{3}}$,z≥$\frac{1}{3\sqrt{3}}$,
不妨設x≥y≥z,則$\frac{1}{3\sqrt{3}}$≤z≤$\frac{1}{3}$,
$\frac{1}{3}$≤$\frac{x+y}{2}$=$\frac{1-z}{2}$≤$\frac{3\sqrt{3}-1}{6\sqrt{3}}$,
令f(x,y,z)=x2+y2+z2-9(x2y2+y2z2+z2x2),
則f(x,y,z)-f($\frac{x+y}{2}$,$\frac{x+y}{2}$,z)=$\frac{(x-y)^{2}}{2}$[1-9z2+$\frac{9}{8}$(x+y)2+$\frac{9}{2}$xy]≥0,
只需證t∈[$\frac{1}{3}$,$\frac{3\sqrt{3}-1}{6\sqrt{3}}$],f(t,t,1-2t)≥0.
而f(t,t,1-2t)=2t2+(1-2t)2-9[t4+2t2(1-2t)2]
=(3t-1)2(1+2t-9t2)≥0?$\frac{1-\sqrt{10}}{9}$≤t≤$\frac{1+\sqrt{10}}{9}$.
故只需驗證$\frac{3\sqrt{3}-1}{6\sqrt{3}}$<$\frac{1+\sqrt{10}}{9}$.顯然成立.
則原不等式成立.

點評 本題考查不等式的證明,注意運用換元法和柯西不等式,以及構造函數(shù)法,不等式的性質,考查推理和運算能力,屬于難題.

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