分析 (Ⅰ)連接BD,取DC的中點(diǎn)G,連接BG,作BK⊥EC,K為垂足,根據(jù)線面垂直的判定定理可知DE⊥平面SBC,然后分別求出SE與EB的長,從而得到結(jié)論;
(Ⅱ)根據(jù)邊長的關(guān)系可知△ADE為等腰三角形,取ED中點(diǎn)F,連接AF,連接FG,根據(jù)二面角平面角的定義可知∠AFG是二面角A-DE-C的平面角,然后在三角形AGF中求出二面角A-DE-C的大小.
解答 解:(Ⅰ)連接BD,取DC的中點(diǎn)G,連接BG,
由此知DG=GC=BG=1,即△DBC為直角三角形,故BC⊥BD.
又SD⊥平面ABCD,故BC⊥SD,
所以,BC⊥平面BDS,BC⊥DE.
作BK⊥EC,K為垂足,因平面EDC⊥平面SBC,
故BK⊥平面EDC,BK⊥DE,DE與平面SBC內(nèi)的兩條相交直線BK、BC都垂直,
DE⊥平面SBC,DE⊥EC,DE⊥SD.
SB=$\sqrt{S{D}^{2}+D{B}^{2}}$=$\sqrt{6}$,DE=$\frac{SD•DB}{SB}$=$\frac{2}{\sqrt{3}}$,
EB=$\sqrt{D{B}^{2}-D{E}^{2}}$=$\frac{\sqrt{6}}{3}$,SE=SB-EB=$\frac{2\sqrt{6}}{3}$,
所以$\frac{SE}{EB}$=2.
(Ⅱ)SA=$\sqrt{S{D}^{2}+A{D}^{2}}$=$\sqrt{5}$,AB=1,SE=2EB,AB⊥SA,知
AE=$\sqrt{(\frac{1}{3}SA)^{2}+(\frac{2}{3}AB)^{2}}$=1,又AD=1.
故△ADE為等腰三角形.
取ED中點(diǎn)F,連接AF,則AF⊥DE,AF=$\sqrt{A{D}^{2}-D{F}^{2}}$=$\frac{\sqrt{6}}{3}$.
連接FG,則FG∥EC,F(xiàn)G⊥DE.
所以,∠AFG是二面角A-DE-C的平面角.
連接AG,AG=$\sqrt{2}$,F(xiàn)G=$\sqrt{D{G}^{2}-D{F}^{2}}$=$\frac{\sqrt{6}}{3}$,
cos∠AFG=$\frac{A{F}^{2}+F{G}^{2}-A{G}^{2}}{2AF•FG}$=-$\frac{1}{2}$,
所以,二面角A-DE-C的大小為120°.
點(diǎn)評(píng) 本題考查兩線段長比值的求法,考查二面角的大小的求法,是中檔題,解題時(shí)要認(rèn)真審題,注意空間思維能力的培養(yǎng).
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A. | k越大,“X與Y有關(guān)系”的可信程度越小 | |
B. | k越小,“X與Y有關(guān)系”的可信程度越小 | |
C. | k越接近于0,“X與Y沒有關(guān)系”的可信程度越小 | |
D. | k越大,“X與Y沒有關(guān)系”的可信程度越大 |
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A. | $\frac{3}{4}$ | B. | 1 | C. | 2 | D. | $\frac{4}{3}$ |
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