Question

4．已知數(shù)列{a_n}滿足：a₁=1，當(dāng)n∈N^*時(shí)，a_2n=a_2n-1+（-2）^n-1，a_2n+1=a_2n+4ⁿ
（1）求a₂，a₃數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）記b_n=a_2n+2-a_2n，求證$\frac{1}{_{1}}$+$\frac{1}{_{2}}$+…+$\frac{1}{_{n}}$＜$\frac{3}{5}$．

Answer 1

分析 （1）利用數(shù)列的遞推關(guān)系即可求a₂，a₃數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）求出b_n=a_2n+2-a_2n的通項(xiàng)公式，利用裂項(xiàng)法進(jìn)行求和，即可得到結(jié)論．

解答 （1）解：當(dāng)n=1時(shí)，a₂=a₁+（-2）⁰=1+1=2，
a₃=a₂+4=2+4=6，
∵當(dāng)n∈N^*時(shí)，a_2n=a_2n-1+（-2）^n-1，a_2n+1=a_2n+4ⁿ，
∴a_2n+1=a_2n-1+4ⁿ+（-2）^n-1，
∴a_2n+1=（a_2n+1-a_2n-1）+（a_2n-1-a_2n-3）+…+（a₅-a₃）+（a₃-a₁）+a₁
=[4ⁿ+（-2）^n-1]+[4^n-1+（-2）^n-2]+…+[4²+（-2）¹]+[4¹+（-2）⁰]+1
=（4ⁿ+4^n-1+…+4¹）+[（-2）^n-1+（-2）^n-2+…+（-2）¹+（-2）⁰]+1
=$\frac{4（{4}^{n}-1）}{3}$+$\frac{1-（-2）^{n}}{1-（-2）}$+1
=$\frac{1}{3}[{4}^{n+1}-（-2）^{n}]$．
∴當(dāng)n≥2時(shí)，a_2n-1=$\frac{1}{3}[{4}^{n}-（-2）^{n-1}]$，
當(dāng)n=1時(shí)上式也成立，
∴a_2n-1=$\frac{1}{3}[{4}^{n}-（-2）^{n-1}]$．
a_2n=a_2n-1+（-2）^n-1=$\frac{1}{3}[{4}^{n}-（-2）^{n-1}]$+（-2）^n-1=$\frac{1}{3}[{4}^{n}-（-2）^{n}]$．
綜上可得：a_n=$\left\{\begin{array}{l}{\frac{1}{3}[{2}^{n+1}-（-2）^{\frac{n-1}{2}}]，n為奇數(shù)}\\{\frac{1}{3}[{2}^{n}-（-2）^{\frac{n}{2}}]，n為偶數(shù)}\end{array}\right.$；
（2）證明：b_n=a_2n+2-a_2n=$\frac{1}{3}[{4}^{n+1}-（-2）^{n+1}]-\frac{1}{3}[{4}^{n}-（-2）^{n}]$=4ⁿ+（-2）ⁿ，
當(dāng)n為偶數(shù)時(shí)，$\frac{1}{_{n}}=\frac{1}{{4}^{n}+{2}^{n}}＜\frac{1}{{4}^{n}}$，
當(dāng)n為奇數(shù)時(shí)，$\frac{1}{_{n}}=\frac{1}{{4}^{n}-{2}^{n}}=\frac{1}{{2}^{n}（{2}^{n}-1）}$=$\frac{1}{{2}^{n}（{2}^{n-1}+{2}^{n-1}-1）}＜\frac{1}{{2}^{n}•{2}^{n-1}}=\frac{2}{{4}^{n}}$，
∴$\frac{1}{_{1}}$+$\frac{1}{_{3}}+…＜\frac{1}{2}+\frac{\frac{2}{{4}^{3}}}{1-\frac{1}{16}}=\frac{1}{2}+\frac{1}{30}=\frac{8}{15}$，
$\frac{1}{_{2}}+\frac{1}{_{4}}+…＜\frac{\frac{1}{{4}^{2}}}{1-\frac{1}{16}}=\frac{1}{15}$．
∴$\frac{1}{_{1}}$+$\frac{1}{_{2}}$+…+$\frac{1}{_{n}}$＜$\frac{8}{15}+\frac{1}{15}=\frac{9}{15}=\frac{3}{5}$．

點(diǎn)評(píng) 本題主要考查數(shù)列遞推公式的應(yīng)用以及數(shù)列求和的計(jì)算，利用裂項(xiàng)法是解決本題的關(guān)鍵，是有一定難度題目．