Question

9．已知函數(shù)f（x）=aln（x+1）-$\frac{1}{2}$x²．
（1）若函數(shù)f（x）在定義域內(nèi)單調(diào)遞減，求a的范圍．
（2）若a=2，且f（x₁）=f（x₂），求證：x₁+x₂＞2．

Answer 1

分析 （1）求出原函數(shù)的導函數(shù)，由導函數(shù)在定義域內(nèi)小于等于0恒成立，分離參數(shù)a，再利用導數(shù)求出函數(shù)最小值得答案；
（2）求出函數(shù)的定義域，由導數(shù)確定函數(shù)在在（1，+∞）上單調(diào)遞減．設(shè)-1＜x₁＜1＜x₂，作f（2-x₁）-f（x₂），利用換元法可證明f（2-x₁）-f（x₂）＞0，從而可得2-x₁＜x₂，從而得到x₁+x₂＞2．

解答 解：（1）f（x）的定義域是（-1，+∞），
f′（x）=$\frac{a}{x+1}$-x=$\frac{a-{x}^{2}-x}{x+1}$，
若函數(shù)f（x）在定義域內(nèi)單調(diào)遞減，
則a-x²-x≤0在（-1，+∞）上恒成立，
即a≤x²+x在（-1，+∞）恒成立，
而g（x）=x²+x在（-1，-$\frac{1}{2}$）遞減，在（-$\frac{1}{2}$，+∞）遞增，
故g（x）_min=g（-$\frac{1}{2}$）=-$\frac{1}{4}$，
故a≤-$\frac{1}{4}$；
（2）若a=2，則f（x）=2ln（x+1）-$\frac{1}{2}$x²，
f′（x）=$\frac{2}{x+1}-x=\frac{-{x}^{2}-x+2}{x+1}$（x＞-1）．
由f′（x）=0，得x=-2或x=1．
∴當x∈（-1，1）時，f′（x）＞0，當x∈（1，+∞）時，f′（x）＜0．
∴f（x）在（-1，1）上單調(diào)遞增，在（1，+∞）上單調(diào)遞減．
不妨設(shè)-1＜x₁＜1＜x₂，
則2-x₁＞1，
而f（2-x₁）-f（x₂）=f（2-x₁）-f（x₁）=$2ln（3-{x}_{1}）-\frac{1}{2}（2-{x}_{1}）^{2}-2ln（{x}_{1}+1）+\frac{1}{2}{{x}_{1}}^{2}$
=$2ln\frac{3-{x}_{1}}{{x}_{1}+1}-2（1-{x}_{1}）$．
令$\frac{3-{x}_{1}}{{x}_{1}+1}=t$（t＞1），則${x}_{1}=\frac{3-t}{t+1}$．
∴f（2-x₁）-f（x₂）=h（t）=$2lnt-4\frac{t-1}{t+1}$．
h′（t）=$\frac{2}{t}-\frac{8}{（t+1）^{2}}=\frac{2（t-1）^{2}}{t（t+1）^{2}}$＞0．
∴h（t）在（1，+∞）上單調(diào)遞增，則h（t）＞h（1）=0，
故f（2-x₁）-f（x₂）＞0，即f（2-x₁）＞f（x₂），
∵f（x）在（1，+∞）上單調(diào)遞減，∴2-x₁＜x₂，
則x₁+x₂＞2．

點評 本題考查利用導數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性，考查數(shù)學轉(zhuǎn)化思想方法，考查邏輯思維能力與推理運算能力，屬難題．