Question

10．如圖所示，在正方形區(qū)域abcd內(nèi)充滿方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場．在t=0時刻，一位于ad邊中點O的粒子源在abcd平面內(nèi)發(fā)射出大量的同種帶電粒子，所有粒子的初速度大小相同，方向與Od邊的夾角分布在0～180°范圍內(nèi)．已知沿Od方向發(fā)射的粒子在t=t₀時刻剛好從磁場邊界cd上的p點離開磁場，粒子在磁場中做圓周運動的半徑恰好等于正方形邊長L，粒子重力不計．求：
（1）粒子的比荷．
（2）假設(shè)粒子源發(fā)射的粒子在0～180°范圍內(nèi)均勻分布，此時刻仍在磁場中的粒子數(shù)與粒子源發(fā)射的總粒子數(shù)之比．
（3）從粒子發(fā)射到全部粒子離開磁場所用的時間．（可用反三角函數(shù)表示）

Answer 1

分析 （1）畫出軌跡，再結(jié)合幾何知識求出圓心角，結(jié)合周期公式進行求解．
（2）同一時刻在磁場中的粒子到O點的距離應(yīng)相等，在t=t₀時刻仍在磁場中的粒子應(yīng)位于以O(shè)為圓心、OK為半徑的圓弧上，畫出軌跡，根據(jù)幾何知識求得在磁場中運動的粒子區(qū)域的圓心角，即可求得仍在磁場中的粒子數(shù)與粒子源發(fā)射的總粒子數(shù)之比．
（3）由于粒子的初速度大小相等，所有粒子的軌跡半徑相等，運動軌跡最長的粒子在磁場中運動時間也最長，畫出在磁場中運動時間最長的粒子的運動軌跡，根據(jù)幾何知識確定出該粒子軌跡對應(yīng)的圓心角，即可求出最長時間，即為從粒子發(fā)射到全部粒子離開磁場所用的時間．

解答 解：（1）初速度沿Od方向發(fā)射的粒子在磁場中運動的軌跡如圖，其圓心為n，由幾何關(guān)系有：$∠onp=\frac{π}{6}$
${t}_{0}=\frac{T}{12}$，
粒子做圓周運動的向心力由洛侖茲力提供，根據(jù)牛頓第二定律得
$qvB=mR（\frac{2π}{T}）^{2}$，
v=$\frac{2πR}{T}$，
得：$\frac{q}{m}=\frac{π}{6B{t}_{0}}$．

（2）依題意，同一時刻仍在磁場中的粒子到O點距離相等．在t₀時刻仍在磁場中的粒子應(yīng)位于以O(shè)為圓心，Op為半徑的弧pw上．
由圖知$∠pow=\frac{5π}{6}$，
此時刻仍在磁場中的粒子數(shù)與總粒子數(shù)之比為$\frac{5}{6}$，
（3）在磁場中運動時間最長的粒子的軌跡應(yīng)該與磁場邊界b點相交
設(shè)此粒子運動軌跡對應(yīng)的圓心角為θ，則$sin\frac{θ}{2}=\frac{\sqrt{5}}{4}$，
在磁場中運動的最長時間$t=\frac{θ}{2π}T$=$\frac{12arcsin\frac{\sqrt{5}}{4}}{π}{t}_{0}$，
所以從粒子發(fā)射到全部離開所用時間為$t=（\frac{12}{π}arcsin\frac{\sqrt{5}}{4}）{t}_{0}$．
答：（1）粒子的比荷為$\frac{π}{6B{t}_{0}}$；
（2）此時刻仍在磁場中的粒子數(shù)與粒子源發(fā)射的總粒子數(shù)之比為$\frac{5}{6}$．
（3）從粒子發(fā)射到全部粒子離開磁場所用的時間為$（\frac{12}{π}arcsin\frac{\sqrt{5}}{4}）{t}_{0}$．

點評 遇到帶電粒子在有界磁場中的運動問題，首先要根據(jù)左手定則畫出軌跡，根據(jù)幾何知識求出半徑、圓心角，然后再根據(jù)物理規(guī)律列式求解．