Question

7．如圖所示，半徑為R的光滑半圓弧絕緣軌道固定在豎直面內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直于軌道平面向里．一可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的小球由軌道左端A無(wú)初速滑下，當(dāng)小球滑至軌道最低點(diǎn)C時(shí)，給小球再施加一始終水平向右的外力F，使小球能保持不變的速率滑過(guò)軌道右側(cè)的D點(diǎn)．若小球始終與軌道接觸，重力加速度值為g，則下列判斷正確的是（　　）

• A． 小球在C點(diǎn)受到的洛倫茲力大小為qB$\sqrt{gR}$
• B． 小球在C點(diǎn)對(duì)軌道的壓力大小為3mg+qB$\sqrt{2gR}$
• C． 小球從C到D的過(guò)程中，外力F的大小保持不變
• D． 小球從C到D的過(guò)程中，外力F的功率逐漸增大

Answer 1

分析 洛倫茲力的方向指向圓心，不改變速度的大小，根據(jù)動(dòng)能定理求出到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度．根據(jù)牛頓第二定律，徑向的合力提供向心力，求出軌道對(duì)小球的支持力．

解答 解：A、因?yàn)槁鍌惼澚κ冀K對(duì)小球不做功，故洛倫茲力不改變小球速度的大小，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中只有重力做功，根據(jù)動(dòng)能定理得：mgR=$\frac{1}{2}m{v}^{2}$，解得：v=$\sqrt{2gR}$．故小球在C點(diǎn)受到的洛倫茲力大小為f=qBv=qB$\sqrt{2gR}$．故A錯(cuò)誤；
B、由左手定則可知，小球向右運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)若受到的洛倫茲力的方向向上，則有：N+qvB-mg=$\frac{m{v}^{2}}{R}$，解得：N=3mg-qvB=3mg-qB$\sqrt{2gR}$，故B錯(cuò)誤；
C、小球從C到D的過(guò)程中，洛倫茲力和支持力沿水平方向的分力增大，所以水平外力F的增大．故C錯(cuò)誤；
D、小球從C到D的過(guò)程中小球的速率不變，而洛倫茲力和支持力不做功，所以小球的動(dòng)能不變，拉力F的功率與重力的功率大小相等，方向相反．由運(yùn)動(dòng)的合成與分解可知，小球從C向D運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，豎直方向的分速度越來(lái)越大，所以重力的功率增大，所以外力F的功率也增大．故D正確．
故選：D

點(diǎn)評(píng) 本題考查帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，綜合運(yùn)用了動(dòng)能定理和牛頓第二定律，關(guān)鍵是受力分析，運(yùn)用合適的規(guī)律進(jìn)行解題．