【題目】已知RtABC中,∠ACB90°,CACB4,另有一塊等腰直角三角板的直角頂點(diǎn)放在C處,CPCQ2,將三角板CPQ繞點(diǎn)C旋轉(zhuǎn)(保持點(diǎn)P在△ABC內(nèi)部),連接AP、BPBQ

1)如圖1求證:APBQ;

2)如圖2當(dāng)三角板CPQ繞點(diǎn)C旋轉(zhuǎn)到點(diǎn)A、PQ在同一直線時(shí),求AP的長;

3)設(shè)射線AP與射線BQ相交于點(diǎn)E,連接EC,寫出旋轉(zhuǎn)過程中EP、EQ、EC之間的數(shù)量關(guān)系.

【答案】(1)證明見解析(2) (3)EP+EQ= EC

【解析】

(1)由題意可得:∠ACP=∠BCQ,即可證△ACP≌△BCQ,可得 AP=CQ;

CH⊥PQ H,由題意可求 PQ=2 ,可得 CH=,根據(jù)勾股定理可求

AH= ,即可求 AP 的長;

CM⊥BQ M,CN⊥EP N,設(shè) BC AE O,由題意可證△CNP≌△ CMQ,可得 CN=CM,QM=PN,即可證 Rt△CEM≌Rt△CEN,EN=EM,∠CEM=

∠CEN=45°,則可求得 EP、EQ、EC 之間的數(shù)量關(guān)系.

解:(1)如圖 1 中,∵∠ACB=∠PCQ=90°,

∴∠ACP=∠BCQ 且 AC=BC,CP=CQ

∴△ACP≌△BCQ(SAS)

∴PA=BQ

如圖 2 中,作 CH⊥PQ 于 H

∵A、P、Q 共線,PC=2,

∴PQ=2,

∵PC=CQ,CH⊥PQ

∴CH=PH=

在 Rt△ACH 中,AH==

∴PA=AH﹣PH= -

解:結(jié)論:EP+EQ= EC

理由:如圖 3 中,作 CM⊥BQ 于 M,CN⊥EP 于 N,設(shè) BC 交 AE 于 O.

∵△ACP≌△BCQ,

∴∠CAO=∠OBE,

∵∠AOC=∠BOE,

∴∠OEB=∠ACO=90°,

∵∠M=∠CNE=∠MEN=90°,

∴∠MCN=∠PCQ=90°,

∴∠PCN=∠QCM,

∵PC=CQ,∠CNP=∠M=90°,

∴△CNP≌△CMQ(AAS),

∴CN=CM,QM=PN,

∴CE=CE,

∴Rt△CEM≌Rt△CEN(HL),

∴EN=EM,∠CEM=∠CEN=45°

∴EP+EQ=EN+PN+EM﹣MQ=2EN,EC=EN,

∴EP+EQ=EC

練習(xí)冊系列答案
相關(guān)習(xí)題

科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:

【題目】如圖所示,DEF,DEF=90°,D=30°,DF=16,B是斜邊DF上一動點(diǎn),BABDFB,交邊DE(或邊EF)于點(diǎn)A,設(shè)BD=x,ABD的面積為y,yx之間的函數(shù)圖象大致為( )

A. A B. B C. C D. D

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科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:

【題目】如圖,ABC中,ABAC,且ABC60°,DABC內(nèi)一點(diǎn) ,且DADB,EABC外一點(diǎn),BEAB,且EBDCBD,連DE,CE. 下列結(jié)論:①DACDBC;②BEAC ;③DEB30°. 其中正確的是(

A....B.①③...C. ...D.①②③

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科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:

【題目】如圖,在△ABC中,∠ABC=45°,F是高ADBE的交點(diǎn),CD=4,則線段DF的長為(

A.4B.5C.6D.8

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科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:

【題目】在等邊△ABC中.

1)如圖1,PQBC邊上兩點(diǎn),AP=AQ,∠BAP=20°,求∠AQB的度數(shù);

2)點(diǎn)P,QBC邊上的兩個(gè)動點(diǎn)(不與B,C重合),點(diǎn)P在點(diǎn)Q的左側(cè),且AP=AQ,點(diǎn)Q關(guān)于直線AC的對稱點(diǎn)為M,連接AM,PM

①依題意將圖2補(bǔ)全;

②求證:PA=PM

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科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:

【題目】已知函數(shù)y=|x2﹣x﹣2|,直線y=kx+4恰好與y=|x2﹣x﹣2|的圖象只有三個(gè)交點(diǎn),則k的值為_____

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科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:

【題目】如圖,拋物線y=ax2+bx+3經(jīng)過點(diǎn) B﹣1,0),C2,3),拋物線與y軸的焦點(diǎn)A,與x軸的另一個(gè)焦點(diǎn)為D,點(diǎn)M為線段AD上的一動點(diǎn),設(shè)點(diǎn)M的橫坐標(biāo)為t

1)求拋物線的表達(dá)式;

2)過點(diǎn)My軸的平行線,交拋物線于點(diǎn)P,設(shè)線段PM的長為1,當(dāng)t為何值時(shí),1的長最大,并求最大值;(先根據(jù)題目畫圖,再計(jì)算)

3)在(2)的條件下,當(dāng)t為何值時(shí),△PAD的面積最大?并求最大值;

4)在(2)的條件下,是否存在點(diǎn)P,使△PAD為直角三角形?若存在,直接寫出t的值;若不存在,說明理由.

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科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:

【題目】如圖,⊙O是△ABC的外接圓,BC是⊙O的直徑,∠ABC=30°,過點(diǎn)B作⊙O的切線BD,與CA的延長線交于點(diǎn)D,與半徑AO的延長線交于點(diǎn)E,過點(diǎn)A作⊙O的切線AF,與直徑BC的延長線交于點(diǎn)F.

(1)求證:△ACF∽△DAE;

(2)若S△AOC=,求DE的長;

(3)連接EF,求證:EF是⊙O的切線.

【答案】(1) 見解析; (2)3 ;(3)見解析.

【解析】試題分析:(1)根據(jù)圓周角定理得到BAC=90°,根據(jù)三角形的內(nèi)角和得到ACB=60°根據(jù)切線的性質(zhì)得到OAF=90°,∠DBC=90°,于是得到D=∠AFC=30°由相似三角形的判定定理即可得到結(jié)論;

(2)根據(jù)SAOC=,得到SACF=,通過ACF∽△DAE,求得SDAE=,過AAHDEH,解直角三角形得到AH=DH=DE,由三角形的面積公式列方程即可得到結(jié)論;

(3)根據(jù)全等三角形的性質(zhì)得到OE=OF,根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)得到OFG=(180°﹣∠EOF)=30°,于是得到AFO=∠GFO,過OOGEFG,根據(jù)全等三角形的性質(zhì)得到OG=OA,即可得到結(jié)論.

試題解析:(1)證明:BCO的直徑,∴∠BAC=90°,∵∠ABC=30°,∴∠ACB=60°

OA=OC,∴∠AOC=60°,∵AFO的切線,∴∠OAF=90°,∴∠AFC=30°,∵DEO的切線,∴∠DBC=90°,∴∠D=∠AFC=30,∵∠DAE=ACF=120°,∴△ACF∽△DAE;

(2)∵∠ACO=∠AFC+∠CAF=30°+∠CAF=60°,∴∠CAF=30°,∴∠CAF=∠AFC,∴AC=CF,∴OC=CF,∵SAOC=,∴SACF=,∵∠ABC=∠AFC=30°,∴AB=AF,∵AB=BD,∴AF=BD,∴∠BAE=∠BEA=30°,∴AB=BE=AF,∴,∵△ACF∽△DAE,∴=,∴SDAE=,過AAHDEH,∴AH=DH=DE,∴SADE=DEAH=×=,∴DE=;

(3)∵∠EOF=∠AOB=120°,∴∠OEB=∠AFO,AOFBOE中,∵∠OBE=∠OAF,∠OEB=∠AFO,OA=OB,∴△AOF≌△BEO,∴OE=OF,∴∠OFG=(180°﹣∠EOF)=30°,∴∠AFO=∠GFO,過OOGEFG,∴∠OAF=∠OGF=90°,在AOFOGF中,∵∠OAF=∠OGF,∠AFO=∠GFOOF=OF,∴△AOF≌△GOF,∴OG=OA,∴EFO的切線.

型】解答
結(jié)束】
25

【題目】如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,O為原點(diǎn),四邊形ABCO是矩形,點(diǎn)A,C的坐標(biāo)分別是A(0,2)和C(2,0),點(diǎn)D是對角線AC上一動點(diǎn)(不與A,C重合),連結(jié)BD,作DE⊥DB,交x軸于點(diǎn)E,以線段DE,DB為鄰邊作矩形BDEF.

(1)填空:點(diǎn)B的坐標(biāo)為   ;

(2)是否存在這樣的點(diǎn)D,使得△DEC是等腰三角形?若存在,請求出AD的長度;若不存在,請說明理由;

(3)①求證:;

②設(shè)AD=x,矩形BDEF的面積為y,求y關(guān)于x的函數(shù)關(guān)系式(可利用①的結(jié)論),并求出y的最小值.

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科目:初中數(shù)學(xué) 來源: 題型:

【題目】如圖,已知直角坐標(biāo)系中一條圓弧經(jīng)過正方形網(wǎng)格的格點(diǎn)、、.若點(diǎn)的坐標(biāo)為,點(diǎn)的坐標(biāo)為,

圓弧所在圓的圓心點(diǎn)的坐標(biāo)為________

點(diǎn)是否在經(jīng)過點(diǎn)、三點(diǎn)的拋物線上;

的條件下,求證:直線的切線.

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