Question

17．已知數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和記為S_n，且滿足S_n=2a_n-n（n∈N^*）．
（1）求a₁，a₂的值，并證明：數(shù)列{a_n+1}是等比數(shù)列；
（2）證明：$\frac{n}{2}-\frac{1}{3}＜\frac{a_1}{a_2}+\frac{a_2}{a_3}+…+\frac{a_n}{{{a_{n+1}}}}＜\frac{n}{2}$．

Answer 1

分析 （1）分別令n=1，2，計(jì)算即可得到所求；由當(dāng)n≥2時(shí)，S_n=2a_n-n，S_n-1=2a_n-1-（n-1），相減再由構(gòu)造數(shù)列，即可得證；
（2）先證得$\frac{1}{2}$-$\frac{1}{3}$•$\frac{1}{{2}^{k}}$≤$\frac{{a}_{k}}{{a}_{k+1}}$＜$\frac{1}{2}$，累加再由不等式的性質(zhì)，即可得證．

解答 解：（1）當(dāng)n=1時(shí)，2a₁-1=S₁，解得a₁=1，
當(dāng)n=2時(shí)，S₂=2a₂-2⇒a₁+a₂=2a₂-2⇒a₂=a₁+2=3，
當(dāng)n≥2時(shí)，S_n=2a_n-n，S_n-1=2a_n-1-（n-1），
兩式相減得：a_n=2a_n-2a_n-1-1，
即a_n=2a_n-1+1，
兩邊同加1得到：a_n+1=2（a_n-1+1），
所以{a_n+1}是以a₁+1=2為首項(xiàng)，2為公比的等比數(shù)列，
所以${a_n}+1={2^n}⇒{a_n}={2^n}-1$；
（2）證明：$\frac{a_k}{{{a_{k+1}}}}=\frac{{{2^k}-1}}{{{2^{k+1}}-1}}=\frac{{{2^k}-1}}{{2（{{2^k}-\frac{1}{2}}）}}＜\frac{1}{2}，k=1，2，3…，n$，$\frac{a_k}{{{a_{k+1}}}}=\frac{{{2^k}-1}}{{{2^{k+1}}-1}}=\frac{1}{2}-\frac{1}{{2（{{2^{k+1}}-1}）}}=\frac{1}{2}-\frac{1}{{3•{2^k}+{2^k}-2}}≥\frac{1}{2}-\frac{1}{3}•\frac{1}{2^k}（{k=1，2，…，n}）$，
求和得到不等式：$\frac{n}{2}-\frac{1}{3}（{1-\frac{1}{2^n}}）＜\frac{a_1}{a_2}+\frac{a_2}{a_3}+…+\frac{a_n}{{{a_{n+1}}}}＜\frac{n}{2}$，
因?yàn)?\frac{n}{2}-\frac{1}{3}（{1-\frac{1}{2^n}}）=\frac{n}{2}-\frac{1}{3}+\frac{1}{3}•\frac{1}{2^n}＞\frac{n}{2}-\frac{1}{3}$，
所以原不等式$\frac{n}{2}-\frac{1}{3}＜\frac{a_1}{a_2}+\frac{a_2}{a_3}+…+\frac{a_n}{{{a_{n+1}}}}＜\frac{n}{2}$成立．

點(diǎn)評(píng) 本題考查等比數(shù)列的定義和通項(xiàng)公式的運(yùn)用，注意運(yùn)用數(shù)列的通項(xiàng)和前n項(xiàng)和的關(guān)系，考查不等式的證明，注意運(yùn)用放縮法和不等式的性質(zhì)，屬于中檔題．