已知定義在R上的函數(shù)f(x)對任意的m,n∈R,都有f(m+n)=f(m)+f(n)-1,且當(dāng)x>0時,f(x)>1
(1)求證:函數(shù)f(x)在R上是增函數(shù);
(2)若f(2)=3,解不等式f(a2+a-5)<2.
考點(diǎn):抽象函數(shù)及其應(yīng)用
專題:函數(shù)的性質(zhì)及應(yīng)用
分析:(1)根據(jù)函數(shù)單調(diào)性的定義,結(jié)合抽象函數(shù)之間的關(guān)系即可證明函數(shù)f(x)在R上是增函數(shù);
(2)若f(2)=3,將不等式f(a2+a-5)<2轉(zhuǎn)換為f(a2+a-5)<f(1),利用函數(shù)的單調(diào)性即可得到結(jié)論.
解答: 解:(1)∵f(m+n)=f(m)+f(n)-1,
∴f(m+n)-f(m)=f(n)-1,
設(shè)x1<x2,則x2-x1>0,
則f(x2)-f(x1)=f(x2-x1)-1,
∵當(dāng)x>0時,f(x)>1
∴f(x2-x1)>1,即f(x2)-f(x1)=f(x2-x1)-1>0,
則f(x2)>f(x1),
故函數(shù)f(x)在R上是增函數(shù);
(2)f(2)=3,則f(2)=f(1)+f(1)-1=3,
即2f(1)=4,則f(1)=2,
則不等式f(a2+a-5)<2等價為f(a2+a-5)<f(1).
∵函數(shù)f(x)在R上是增函數(shù),
∴a2+a-5<1,即a2+a-6<0.
解得-3<a<2.
故不等式的解集為(-3,2).
點(diǎn)評:本題主要考查函數(shù)單調(diào)性的判斷和應(yīng)用,根據(jù)抽象函數(shù),利用賦值法是解決本題的關(guān)鍵.綜合性較強(qiáng).
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已知命題p:?x∈R,x2-x+
1
4
≤0,命題q:?x∈R,sinx+cosx=
2
,則下列判斷正確的是( 。
A、p是真命題
B、q是假命題
C、¬p是假命題
D、¬q是假命題

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已知f(x)=log2(x-2),若實(shí)數(shù)m,n滿足f(m)+f(2n)=3,則m+n的最小值是( 。
A、7B、5C、3D、4

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如圖,在三棱柱ABC-A1B1C1中,AB⊥AC,頂點(diǎn)A1在底面ABC上的射影恰為點(diǎn)B,且AB=AC=A1B=2.
(1)求證:A1C1⊥平面AA1B1B;
(2)若P為線段B1C1的中點(diǎn),求四棱錐P-AA1B1B的體積.

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已知函數(shù)f(x)=lnx-x+1,x∈(0,+∞),g(x)=x3-ax.
(1)求曲線f(x)在點(diǎn)(l,f(1))處的切線方程;
(2)求函數(shù)f(x)的最大值;
(3)若對任意x∈(0,+∞),總存在x2∈[1,2]使得f(x1)≤g(x2)成立,求a的取值范圍.

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設(shè)函數(shù)f(x)=mlnx,h(x)=x-a.
(Ⅰ)當(dāng)a=0時,f(x)≤h(x)在(1,+∞)上恒成立,求實(shí)數(shù)m的取值范圍;
(Ⅱ)當(dāng)m=2時,若函數(shù)k(x)=f(x)-h(x)在[1,3]上恰有兩個不同零點(diǎn),求實(shí)數(shù)a的取值范圍;
(Ⅲ)證明:當(dāng)n≥2,n∈N*時,log2e+log3e+log4e+…+logne>
3n2-n-2
2n(n+1)

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科目:高中數(shù)學(xué) 來源: 題型:

已知函數(shù)f(x)的定義域?yàn)椋?,+∞),當(dāng)x>1時,f(x)>0,且對于任意的x,y∈(0,+∞),恒有f(xy)=f(x)+f(y)成立.
(Ⅰ)求f(1);
(Ⅱ)證明:函數(shù)f(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞增;
(Ⅲ)當(dāng)f(2)=1時,
①解不等式f(x)+f(x-3)≤2;
②求函數(shù)f(x)在[
2
,4]上的值域.

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求與曲線y=
3x2
在點(diǎn)P(8,4)處的切線垂直的直線方程.

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已知函數(shù)f(x)=5sinxcosx-5
3
cos2x+
5
2
3
(x∈R),求:
(1)求函數(shù)f(x)的最小正周期
(2)當(dāng)x∈[0,
π
2
]時,函數(shù)f(x)的值域.

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