Question

18．定義數(shù)列如下：a₁=2，a_n+1=a_n²-a_n+1，n∈N^*．
求證：（1）對(duì)于n∈N^*恒有a_n+1＞a_n成立；
（2）1-$\frac{1}{{2}^{2016}}$＜$\frac{1}{{a}_{1}}$+$\frac{1}{{a}_{2}}$+…+$\frac{1}{{a}_{2016}}$＜1．

Answer 1

分析 （1）作差法化簡a_n+1-a_n=a_n²-2a_n+1=（a_n-1）²，從而證明；
（2）化簡a_n+1=a_n²-a_n+1可得$\frac{1}{{a}_{n+1}-1}$=$\frac{1}{{a}_{n}（{a}_{n}-1）}$=$\frac{1}{{a}_{n}-1}$-$\frac{1}{{a}_{n}}$，從而可得$\frac{1}{{a}_{n}}$=$\frac{1}{{a}_{n}-1}$-$\frac{1}{{a}_{n+1}-1}$，從而求和，再證明不等式即可．

解答 證明：（1）∵a_n+1=a_n²-a_n+1，
∴a_n+1-a_n=a_n²-2a_n+1=（a_n-1）²≥0，
又∵a₁=2，∴a_n+1-a_n＞0，
∴對(duì)于n∈N^*恒有a_n+1＞a_n成立；
（2）∵a_n+1=a_n²-a_n+1，
∴a_n+1-1=a_n²-a_n，
即$\frac{1}{{a}_{n+1}-1}$=$\frac{1}{{a}_{n}（{a}_{n}-1）}$=$\frac{1}{{a}_{n}-1}$-$\frac{1}{{a}_{n}}$，
∴$\frac{1}{{a}_{n}}$=$\frac{1}{{a}_{n}-1}$-$\frac{1}{{a}_{n+1}-1}$，
$\frac{1}{{a}_{1}}$+$\frac{1}{{a}_{2}}$+…+$\frac{1}{{a}_{2016}}$=（$\frac{1}{{a}_{1}-1}$-$\frac{1}{{a}_{2}-1}$）+（$\frac{1}{{a}_{2}-1}$-$\frac{1}{{a}_{3}-1}$）+…+（$\frac{1}{{a}_{2016}-1}$-$\frac{1}{{a}_{2017}-1}$）
=$\frac{1}{{a}_{1}-1}$-$\frac{1}{{a}_{2017}-1}$=1-$\frac{1}{{a}_{2017}-1}$＜1，
∵a_n+1-1=a_n²-a_n，
∴$\frac{{a}_{n+1}-1}{{a}_{n}-1}$=a_n≥2（當(dāng)且僅當(dāng)n=1時(shí)，等號(hào)成立），又∵a₁-1=1，
∴a₂₀₁₇-1＞2²⁰¹⁶，
故1-$\frac{1}{{2}^{2016}}$＜1-$\frac{1}{{a}_{2017}-1}$，
故1-$\frac{1}{{2}^{2016}}$＜$\frac{1}{{a}_{1}}$+$\frac{1}{{a}_{2}}$+…+$\frac{1}{{a}_{2016}}$＜1．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了作差法的應(yīng)用及構(gòu)造法及裂項(xiàng)求和法的應(yīng)用，屬于中檔題．