Question

設(shè)a＞ln2-1，函數(shù)f（x）=e^x-2x+2a，x∈R．
（1）求f（x）的單調(diào)區(qū)間與極值，指出方程f（x）=0的根的個(gè)數(shù)；
（2）求證：當(dāng)x＞0時(shí)，不等式e^x＞x²-2ax+1成立．

Answer 1

考點(diǎn)：利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的極值,利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性

專(zhuān)題：導(dǎo)數(shù)的綜合應(yīng)用

分析：（1）由f（x）=e^x-2x+2a，x∈R，知f′（x）=e^x-2，x∈R．令f′（x）=0，得x=ln2．列表討論能求出f（x）的單調(diào)區(qū)間區(qū)間及極值．
（2）設(shè)g（x）=e^x-x²+2ax-1，x∈R，于是g′（x）=e^x-2x+2a，x∈R．由（1）知當(dāng)a＞ln2-1時(shí)，g′（x）最小值為g′（ln2）=2（1-ln2+a）＞0．于是對(duì)任意x∈R，都有g(shù)′（x）＞0，所以g（x）在R內(nèi)單調(diào)遞增．由此能夠證明e^x＞x²-2ax+1．

解答： （1）解：∵f（x）=e^x-2x+2a，x∈R，
∴f′（x）=e^x-2，x∈R．
令f′（x）=0，得x=ln2．
于是當(dāng)x變化時(shí)，f′（x），f（x）的變化情況如下表：

x	（-∞，ln2）	ln2	（ln2，+∞）
f′（x）	-	0	+
f（x）	單調(diào)遞減?	2（1-ln2+a）	單調(diào)遞增?

故f（x）的單調(diào)遞減區(qū)間是（-∞，ln2），
單調(diào)遞增區(qū)間是（ln2，+∞），
f（x）在x=ln2處取得極小值，
極小值為f（ln2）=e^ln2-2ln2+2a=2（1-ln2+a）＞0，無(wú)極大值．
∴f（x）=0無(wú)解．
（2）證明：設(shè)g（x）=e^x-x²+2ax-1，x∈R，
于是g′（x）=e^x-2x+2a，x∈R．
由（1）知當(dāng)a＞ln2-1時(shí)，
g′（x）最小值為g′（ln2）=2（1-ln2+a）＞0．
于是對(duì)任意x∈R，都有g(shù)′（x）＞0，所以g（x）在R內(nèi)單調(diào)遞增．
于是當(dāng)a＞ln2-1時(shí)，對(duì)任意x∈（0，+∞），都有g(shù)（x）＞g（0）．
而g（0）=0，從而對(duì)任意x∈（0，+∞），g（x）＞0．
即e^x-x²+2ax-1＞0，
故e^x＞x²-2ax+1．

點(diǎn)評(píng)：本題考查函數(shù)的單調(diào)區(qū)間及極值的求法和不等式的證明，具體涉及到導(dǎo)數(shù)的性質(zhì)、函數(shù)增減區(qū)間的判斷、極值的計(jì)算和不等式性質(zhì)的應(yīng)用．解題時(shí)要認(rèn)真審題，仔細(xì)解答．