分析 (1)由于圓F過(guò)橢圓C的左焦點(diǎn),把(-c,0)代入圓F的方程,得4c2=a2,即可得到橢圓的離心率;
(2)在方程(x-c)2+y2=a2中,令x=0得y2=a2-c2=b2,可知點(diǎn)B為橢圓的上頂點(diǎn),進(jìn)而得到B(0,$\sqrt{3}$c),在圓F的方程中令y=0可得點(diǎn)D坐標(biāo)為(3c,0),則點(diǎn)A為(-3c,0),利用斜率計(jì)算公式可得kAB,kFD.只要判定kAB•kFD=-1,即可得到直線AB與⊙F相切;
(3)橢圓的方程可化為3x2+4y2=12c2.由(2)求得BD、BF所在直線方程,聯(lián)立BD方程與橢圓方程求出M的坐標(biāo),再由點(diǎn)到直線的距離公式求出M到BF的距離,代入三角形面積公式求得c,則橢圓方程可求.
解答 解:(1)∵圓F過(guò)橢圓C的左焦點(diǎn),把(-c,0)代入圓F的方程,得4c2=a2,
∴2c=a.
故橢圓C的離心率e=$\frac{c}{a}=\frac{1}{2}$;
(2)在方程(x-c)2+y2=a2中,令x=0得y2=a2-c2=b2,可知點(diǎn)B為橢圓的上頂點(diǎn),
由(1)知,$\frac{c}{a}=\frac{1}{2}$,
∴a=2c,b=$\sqrt{{a}^{2}-{c}^{2}}=\sqrt{3}c$,
∴B(0,$\sqrt{3}$c),
在圓F的方程中,令y=0可得點(diǎn)D坐標(biāo)為(3c,0),則點(diǎn)A為(-3c,0),
于是可得直線AB的斜率${k}_{AB}=\frac{\sqrt{3}c}{3c}=\frac{\sqrt{3}}{3}$,
而直線FB的斜率${k}_{FB}=\frac{\sqrt{3}c}{-c}=-\sqrt{3}$,
∵kAB•kFB=-1,
∴直線AB與⊙F相切;
(3)橢圓的方程可化為3x2+4y2=12c2.
由(2)知直線BD的方程為$y=-\frac{\sqrt{3}}{3}x+\sqrt{3}c$,
聯(lián)立$\left\{\begin{array}{l}{3{x}^{2}+4{y}^{2}=12{c}^{2}}\\{y=-\frac{\sqrt{3}}{3}x+\sqrt{3}c}\end{array}\right.$,解得點(diǎn)M的坐標(biāo)為(-$\frac{24}{13}c$,$\frac{5\sqrt{3}c}{13}$).
而FB所在直線方程為y=$-\sqrt{3}x+b$,
M到直線FB的距離為d=$\frac{|-\frac{24\sqrt{3}}{13}c+\frac{5\sqrt{3}}{13}c-b|}{2}=\frac{\frac{19\sqrt{3}}{13}c+b}{2}$=$\frac{16\sqrt{3}}{13}c$,
∴${S}_{△BMG}=\frac{1}{2}•|BG|•d=\frac{1}{2}•4c•\frac{16\sqrt{3}}{13}=\frac{32\sqrt{3}}{13}$,解得c=1.
∴橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為$\frac{{x}^{2}}{4}+\frac{{y}^{2}}{3}=1$.
點(diǎn)評(píng) 本題考查了橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程及其性質(zhì)、直線與圓相切問(wèn)題.考查弦長(zhǎng)公式、兩點(diǎn)間的距離公式等基礎(chǔ)知識(shí)與基本技能方法,考查了推理能力和計(jì)算能力,屬于中檔題.
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A. | $\frac{1}{10}$ | B. | $\frac{1}{5}$ | C. | $\frac{3}{10}$ | D. | $\frac{2}{5}$ |
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