分析 (1)設(shè)數(shù)列{an}的首項為a1公差為d,從而可得an=n+1;設(shè)數(shù)列{bn}的首項為b1,從而可得${S_4}=\frac{{{b_1}(1-{2^4})}}{1-2}=15$,從而解得;
(2)由(1)知${s_n}=\frac{n(n+3)}{2}$,從而利用定義證明;
(3)由(2)知,$\frac{s_n}{n}=2+(n-1)•\frac{1}{2}$,從而可得$\frac{s_n}{n}•{b_n}=\frac{n+3}{2}•{2^{n-1}}=(n+3)•{2^{n-2}}$,故利用錯位相減法求解即可.
解答 解:(1)設(shè)數(shù)列{an}的首項為a1公差為d,
∵a5=a2+3d,∴d=1,a1=2;
∴an=n+1;
設(shè)數(shù)列{bn}的首項為b1,
∵${S_4}=\frac{{{b_1}(1-{q^4})}}{1-q}=15$,
即${S_4}=\frac{{{b_1}(1-{2^4})}}{1-2}=15$,
解得b1=1;
故${b_n}={2^{n-1}}$.
(2)證明:由(1)知,${s_n}=\frac{n(n+3)}{2}$,
∴$\frac{s_n}{n}-\frac{{{s_{n-1}}}}{n-1}=\frac{n+3}{2}-\frac{n+2}{2}=\frac{1}{2}$,
∴數(shù)列$\left\{{\frac{S_n}{n}}\right\}$是以2為首項,以$\frac{1}{2}$為公差的等差數(shù)列.
(3)由(2)知,$\frac{s_n}{n}=2+(n-1)•\frac{1}{2}$,
即,$\frac{s_n}{n}=\frac{n+3}{2}$;
∴$\frac{s_n}{n}•{b_n}=\frac{n+3}{2}•{2^{n-1}}=(n+3)•{2^{n-2}}$,
∴Tn=4•2-1+5•20+6•21+…+(n+3)2n-2;
2Tn=4•20+5•21+6•22+…+(n+3)2n-1;
兩式相減可得,
-Tn=2+(20+21+…+2n-2)-(n+3)2n-1
=2+2n-1-1-(n+3)2n-1
=-(n+2)2n-1+1;
∴Tn=(n+2)2n-1-1.
點評 本題考查了等差數(shù)列與等比數(shù)列的應(yīng)用及錯位相減法的應(yīng)用,同時考查了轉(zhuǎn)化的思想應(yīng)用.
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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:選擇題
A. | $\frac{1}{2}$ | B. | $\frac{2}{5}$ | C. | $\frac{1}{3}$ | D. | $\frac{1}{4}$ |
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A. | P=(∁UM)∩N | B. | P=M∪N | C. | P=M∩(∁UN) | D. | P=M∩N |
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A. | 0 | B. | 1 | C. | 2 | D. | 3 |
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