Question

20．已知橢圓C：$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}$+y²=1（a＞0），過橢圓C右頂點(diǎn)和上頂點(diǎn)的直線l與圓x²+y²=$\frac{2}{3}$相切．
（1）求橢圓C的方程；
（2）設(shè)M是橢圓C的上頂點(diǎn)，過點(diǎn)M分別作直線MA，MB交橢圓C于A，B兩點(diǎn)，設(shè)這兩條直線的斜率分別為k₁，k₂，且k₁+k₂=2，證明：直線AB過定點(diǎn)．

Answer 1

分析 （1）橢圓C的右頂點(diǎn)（a，0），上頂點(diǎn)（0，1），設(shè)直線l的方程為：$\frac{x}{a}$+y=1，化為：x+ay-a=0，由于直線l與圓x²+y²=$\frac{2}{3}$相切，可得$\frac{|a|}{\sqrt{1+{a}^{2}}}$=$\sqrt{\frac{2}{3}}$，a＞0，解得a，即可得出橢圓C的方程．
（2）對直線AB的斜率分類討論：當(dāng)直線AB的斜率不存在時(shí)，利用k₁+k₂=2，及其斜率計(jì)算公式即可得出．當(dāng)直線AB的斜率存在時(shí)，設(shè)AB的方程為y=kx+m（m≠1），A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），直線方程與橢圓方程聯(lián)立化為關(guān)于x的一元二次方程，利用根與系數(shù)的關(guān)系、斜率計(jì)算公式即可得出．

解答 解：（1）橢圓C的右頂點(diǎn)（a，0），上頂點(diǎn)（0，1），
設(shè)直線l的方程為：$\frac{x}{a}$+y=1，化為：x+ay-a=0，
∵直線l與圓x²+y²=$\frac{2}{3}$相切，
∴$\frac{|a|}{\sqrt{1+{a}^{2}}}$=$\sqrt{\frac{2}{3}}$，a＞0，解得a=$\sqrt{2}$．
∴橢圓C的方程為$\frac{x^2}{2}+{y^2}=1$．
（2）當(dāng)直線AB的斜率不存在時(shí)，
設(shè)A（x₀，y₀），則B（x₀，-y₀），
由k₁+k₂=2得$\frac{{{y_0}-1}}{x_0}+\frac{{-{y_0}-1}}{x_0}=2$，得x₀=-1．
當(dāng)直線AB的斜率存在時(shí)，
設(shè)AB的方程為y=kx+m（m≠1），A（x₁，y₁），B（x₂，y₂），$\left\{{\begin{array}{l}{\frac{x^2}{2}+{y^2}=1}\\{y=kx+m}\end{array}}\right.⇒（{1+2{k^2}}）{x^2}+4kmx+2{m^2}-2=0$，
得${x_1}+{x_2}=\frac{-4km}{{1+2{k^2}}}，{x_1}•{x_2}=\frac{{2{m^2}-2}}{{1+2{k^2}}}$，
∴${k_1}+{k_2}=2⇒\frac{{{y_1}-1}}{x_1}+\frac{{{y_2}-1}}{x_2}=2⇒\frac{{（{k{x_2}+m-1}）{x_1}+（{k{x_1}+m-1}）{x_2}}}{{{x_1}{x_2}}}=2$，
即$（{2-2k}）{x_2}{x_1}=（{m-1}）（{{x_2}+{x_1}}）⇒（{2-2k}）（{2{m^2}-2}）=（{m-1}）（{-4km}）$，
由m≠1，（1-k）（m+1）=-km⇒k=m+1，
即y=kx+m=（m+1）x+m⇒m（x+1）=y-x，
故直線AB過定點(diǎn)（-1，-1）．

點(diǎn)評 本題考查了橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程及其性質(zhì)、直線與橢圓相交問題、直線與圓相切的性質(zhì)、一元二次方程的根與系數(shù)的關(guān)系、斜率計(jì)算公式、點(diǎn)到直線的距離公式，考查了分類討論方法、推理能力與計(jì)算能力，屬于難題．