Question

4．?dāng)?shù)列求和：
（1）求數(shù)列1$\frac{1}{2}$，2$\frac{1}{4}$，3$\frac{1}{8}$，…（n+$\frac{1}{{2}^{n}}$），…的前n項(xiàng)和S_n；
（2）求和：1+$\frac{1}{1+2}$+$\frac{1}{1+2+3}$+…+$\frac{1}{1+2+…+n}$；
（3）設(shè)f（x）=$\frac{{x}^{2}}{1+{x}^{2}}$，求f（$\frac{1}{2014}$）+f（$\frac{1}{2013}$）+…+f（1）+f（2）+…+f（2014）；
（4）求和：S_n=$\frac{1}{a}$+$\frac{2}{{a}^{2}}$+$\frac{3}{{a}^{3}}$+…+$\frac{n}{{a}^{n}}$．

Answer 1

分析 （1）將數(shù)列拆分成等差數(shù)列和等比數(shù)列和的形式，分別求得前n項(xiàng)和，即可求得前n項(xiàng)和S_n；
（2）$\frac{1}{1+2+…+n}$=$\frac{1}{\frac{n（n+1）}{2}}$=$\frac{2}{n（n+1）}$=2（$\frac{1}{n}$-$\frac{1}{n+1}$），“裂項(xiàng)法”即可求得數(shù)列的前n項(xiàng)和；
（3）f（n）+f（$\frac{1}{n}$）=$\frac{{n}^{2}}{{n}^{2}+1}$+$\frac{\frac{1}{{n}^{2}}}{1+\frac{1}{{n}^{2}}}$=$\frac{{n}^{2}}{{n}^{2}+1}$+$\frac{1}{{n}^{2}+1}$=1，求得f（1），即可求得答案；
（4）分類討論，當(dāng)a=1時(shí)，數(shù)列為等差數(shù)列，求得S_n，當(dāng)a≠1時(shí)，利用乘以公比“錯(cuò)位相減法”即可求得S_n．

解答 解：（1）1$\frac{1}{2}$，2$\frac{1}{4}$，3$\frac{1}{8}$，…（n+$\frac{1}{{2}^{n}}$），…前n項(xiàng)和S_n；
S_n=（1+2+3+…+n）+（$\frac{1}{2}$+$\frac{1}{4}$+$\frac{1}{8}$+…+$\frac{1}{{2}^{n}}$），
=$\frac{n（n+1）}{2}$+$\frac{\frac{1}{2}-\frac{1}{{2}^{n+1}}}{1-\frac{1}{2}}$，
=$\frac{{n}^{2}}{2}$+$\frac{n}{2}$+1-$\frac{1}{{2}^{n}}$，
S_n=$\frac{{n}^{2}}{2}$+$\frac{n}{2}$+1-$\frac{1}{{2}^{n}}$，
（2）$\frac{1}{1+2+…+n}$=$\frac{1}{\frac{n（n+1）}{2}}$=$\frac{2}{n（n+1）}$=2（$\frac{1}{n}$-$\frac{1}{n+1}$），
1+$\frac{1}{1+2}$+$\frac{1}{1+2+3}$+…+$\frac{1}{1+2+…+n}$，
=2[（1-$\frac{1}{2}$）+（$\frac{1}{2}$-$\frac{1}{3}$）+（$\frac{1}{3}$-$\frac{1}{4}$）+…+（$\frac{1}{n}$-$\frac{1}{n+1}$）]，
=2（1-$\frac{1}{n+1}$），
=$\frac{2n}{n+1}$；
（3）f（n）+f（$\frac{1}{n}$）=$\frac{{n}^{2}}{{n}^{2}+1}$+$\frac{\frac{1}{{n}^{2}}}{1+\frac{1}{{n}^{2}}}$=$\frac{{n}^{2}}{{n}^{2}+1}$+$\frac{1}{{n}^{2}+1}$=1，
f（$\frac{1}{2014}$）+f（$\frac{1}{2013}$）+…+f（1）+f（2）+…+f（2014）=2013+f（1）=2013+$\frac{1}{2}$=2013$\frac{1}{2}$；
（4）當(dāng)a=1時(shí)，S_n=1+2+3+…+n，
=$\frac{n（n+1）}{2}$，
當(dāng)a≠1時(shí)，
S_n=$\frac{1}{a}$+$\frac{2}{{a}^{2}}$+$\frac{3}{{a}^{3}}$+…+$\frac{n}{{a}^{n}}$．
$\frac{1}{a}$S_n=$\frac{1}{{a}^{2}}$+$\frac{2}{{a}^{3}}$+$\frac{3}{{a}^{4}}$+…+$\frac{n}{{a}^{n+1}}$，
兩式相減得：（1-$\frac{1}{a}$）S_n=$\frac{1}{a}$+$\frac{1}{{a}^{2}}$+$\frac{1}{{a}^{3}}$+…+$\frac{1}{{a}^{n}}$-$\frac{n}{{a}^{n+1}}$，
=$\frac{\frac{1}{a}（1-\frac{1}{{a}^{n}}）}{1-\frac{1}{a}}$-$\frac{n}{{a}^{n+1}}$，
∴S_n=$\frac{\frac{1}{a}（1-\frac{1}{{a}^{n}}）}{1-\frac{1}{a}}$-$\frac{\frac{n}{{a}^{n+1}}}{1-\frac{1}{a}}$，
綜上可知：S_n=$\left\{\begin{array}{l}{\frac{n（n+1）}{2}}&{a=1}\\{\frac{\frac{1}{a}（1-\frac{1}{{a}^{n}}）}{（1-\frac{1}{a}）^{2}}-\frac{\frac{n}{{a}^{n+1}}}{1-\frac{1}{a}}}&{a≠1}\end{array}\right.$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查求數(shù)列的前n項(xiàng)和，考查觀察法、“裂項(xiàng)法”、“錯(cuò)位相減法”等求數(shù)列的前n項(xiàng)和的方法，等比等差數(shù)列前n項(xiàng)和公式，屬于中檔題．