Question

14．若0＜x₁＜x₂＜1，則（　�。�

• A． sinx₂-sinx₁＞lnx₂-lnx₁
• B． ${e^{x_2}}ln{x_1}＜{e^{x_1}}ln{x_2}$
• C． ${x_1}-{x_2}＜{e^{x_1}}-{e^{x_2}}$
• D． x₂e${\;}^{{x}_{1}}$＜x₁e${\;}^{{x}_{2}}$

Answer 1

分析 對(duì)每個(gè)選項(xiàng)進(jìn)行構(gòu)造函數(shù)，求導(dǎo)數(shù)，根據(jù)導(dǎo)數(shù)符號(hào)判斷函數(shù)在（0，1）上的單調(diào)性，根據(jù)單調(diào)性判斷x₁，x₂對(duì)應(yīng)函數(shù)值的大小，從而判斷每個(gè)選項(xiàng)的正誤．

解答 解：A．設(shè)$y=sinx-lnx，y′=cosx-\frac{1}{x}$；
∵0＜x＜1；
∴$\frac{1}{x}＞1，cosx＜1$；
∴y′＜0；
∴y=sinx-lnx在（0，1）上單調(diào)遞減；
∵0＜x₁＜x₂＜1；
∴y₁＞y₂；
即sinx₁-lnx₁＞sinx₂-lnx₂；
∴sinx₂-sinx₁＜lnx₂-lnx₁；
∴該選項(xiàng)錯(cuò)誤；
B．設(shè)$y=\frac{{e}^{x}}{lnx}，y′=\frac{{e}^{x}（lnx-\frac{1}{x}）}{l{n}^{2}x}$；
∵0＜x＜1；
∴$lnx＜0，-\frac{1}{x}＜0$；
∴y′＜0；
∴$y=\frac{{e}^{x}}{lnx}$在（0，1）上單調(diào)遞減；
∵0＜x₁＜x₂＜1；
∴$\frac{{e}^{{x}_{1}}}{ln{x}_{1}}＞\frac{{e}^{{x}_{2}}}{ln{x}_{2}}$；
∴${e}^{{x}_{2}}ln{x}_{1}＜{e}^{{x}_{1}}ln{x}_{2}$；
∴該選項(xiàng)正確；
C．設(shè)y=x-e^x，y′=1-e^x；
∵0＜x＜1；
∴e^x＞1；
∴y′＜0；
∴y=x-e^x在（0，1）上單調(diào)遞減；
∴${x}_{1}-{e}^{{x}_{1}}＞{x}_{2}-{e}^{{x}_{2}}$；
∴${x}_{1}-{x}_{2}＞{e}^{{x}_{1}}-{e}^{{x}_{2}}$；
∴該選項(xiàng)錯(cuò)誤；
D．設(shè)$y=\frac{x}{{e}^{x}}，y′=\frac{1-x}{{e}^{x}}$；
∵0＜x＜1；
∴1-x＞0，e^x＞0；
∴y′＞0；
∴$y=\frac{x}{{e}^{x}}$在（0，1）上單調(diào)遞增；
∵0＜x₁＜x₂＜1；
∴$\frac{{x}_{1}}{{e}^{{x}_{1}}}＜\frac{{x}_{2}}{{e}^{{x}_{2}}}$；
∴${x}_{2}{e}^{{x}_{1}}＞{x}_{1}{e}^{{x}_{2}}$；
∴該選項(xiàng)錯(cuò)誤．
故選：B．

點(diǎn)評(píng) 考查通過(guò)構(gòu)造函數(shù)，根據(jù)函數(shù)單調(diào)性解決問(wèn)題的方法，根據(jù)導(dǎo)數(shù)符號(hào)判斷函數(shù)單調(diào)性的方法，以及函數(shù)單調(diào)性的定義．