分析 (Ⅰ)推導出M(c,$\frac{^{2}}{a}$),A1(-a,0),從而$\frac{^{2}}{a}=\frac{1}{2}(a+c)$=$\frac{{a}^{2}-{c}^{2}}{a}$,由此能求出橢圓C的離心率.
(Ⅱ)由e=$\frac{c}{a}=\frac{1}{2}$,2a=4,求出橢圓C的標準方程為$\frac{{x}^{2}}{4}+\frac{{y}^{2}}{3}$=1,假設橢圓C:$\frac{{x}^{2}}{4}+\frac{{y}^{2}}{3}=1$上存在不重合的兩點D(x1,y1),E(x2,y2)滿足$\overrightarrow{OP}$=$\frac{1}{2}$($\overrightarrow{OD}$+$\overrightarrow{OE}$),則P(1,1)是線段DE的中點,由此利用點差法能求出在橢圓C上存在不重合兩點D,E,使$\overrightarrow{OP}$=$\frac{1}{2}$($\overrightarrow{OD}$+$\overrightarrow{OE}$,并能求出直線DE的方程.
解答 解:(Ⅰ)∵橢圓 C:$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}$+$\frac{{y}^{2}}{^{2}}$=1(a>b>0)左頂點為A1,右焦點為F2,
過點 F2作垂直于x軸的直線交橢圓C于M、N兩點,直線 A1M的斜率為$\frac{1}{2}$,
∴M(c,$\frac{^{2}}{a}$),A1(-a,0),∴$\frac{^{2}}{a}=\frac{1}{2}(a+c)$=$\frac{{a}^{2}-{c}^{2}}{a}$,
解得a=2c,
∴橢圓C的離心率e=$\frac{c}{a}$=$\frac{1}{2}$.
(Ⅱ)由(Ⅰ)得e=$\frac{c}{a}=\frac{1}{2}$,
又2a=4,解得a=2,c=1,∴b2=4-1=3,
∴橢圓C的標準方程為$\frac{{x}^{2}}{4}+\frac{{y}^{2}}{3}$=1,
假設橢圓C:$\frac{{x}^{2}}{4}+\frac{{y}^{2}}{3}=1$上存在不重合的兩點D(x1,y1),E(x2,y2)滿足$\overrightarrow{OP}$=$\frac{1}{2}$($\overrightarrow{OD}$+$\overrightarrow{OE}$),
則P(1,1)是線段DE的中點,即$\left\{\begin{array}{l}{{x}_{1}+{x}_{2}=2}\\{{y}_{1}+{y}_{2}=2}\end{array}\right.$,
兩式相減,得$\frac{({x}_{1}-{x}_{2})({x}_{1}+{{x}_{2})}^{\;}}{4}$+$\frac{({y}_{1}-{y}_{2})({y}_{1}+{y}_{2})}{3}$=0,
∴${k}_{DE}=\frac{{y}_{1}-{y}_{2}}{{x}_{1}-{x}_{2}}=-\frac{3}{4}$,
∴直線DE的方程為3x+4y-7=0,
∴在橢圓C上存在不重合兩點D,E,使$\overrightarrow{OP}$=$\frac{1}{2}$($\overrightarrow{OD}$+$\overrightarrow{OE}$),此時直線DE的方程為3x+4y-7=0.
點評 本題考查橢圓的離心率的求法,考查滿足條件的直線方程是否存在的判斷與求法,是中檔題,解題時要認真審題,注意點差法的合理運用.
科目:高中數(shù)學 來源: 題型:填空題
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利用時間充分 | 利用時間不充分 | 總計 | |
走讀生 | 50 | ||
住宿生 | 10 | ||
總計 | 60 | 100 |
P(K2≥k0) | 0.50 | 0.40 | 0.25 | 0.15 | 0.10 | 0.05 | 0.025 |
k0 | 0.455 | 0.708 | 1.323 | 2.072 | 2.706 | 3.841 | 5.024 |
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科目:高中數(shù)學 來源: 題型:選擇題
A. | 1 | B. | 2 | C. | 3 | D. | 6 |
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