Question

5．如圖，在四棱錐P-ABCD中，PA⊥平面ABCD，AC⊥AD，AB⊥BC，∠BCA=45，AP=AD=AC=2，E為PA的中點(diǎn)．
（Ⅰ）設(shè)面PAB∩面PCD=l，求證：CD∥l；
（Ⅱ）求二面角B-CE-D的余弦值．

Answer 1

分析 （Ⅰ）根據(jù)線面平行的判定定理以及性質(zhì)定理即可證明CD∥l；
（Ⅱ）建立空間直角坐標(biāo)系，求出對(duì)應(yīng)平面的法向量，利用向量法進(jìn)行求解即可．

解答 證明：（Ⅰ）取CD的中點(diǎn)H，∵AC⊥AD，AB⊥BC，∠BCA=45，AP=AD=AC=2，
∴AH⊥CD，
∠CAH=∠CAB=45°，
即∠BAH=90°，
即四邊形ABCH是矩形，
則AB∥CH，AB∥CD
∵CD?面PAB，AB?面PAB，
∴CD∥面PAB，
∵CD?面PCD，面PAB∩面PCD=l，
∴根據(jù)線面平行的性質(zhì)得CD∥l．
（Ⅱ）∵AC=2，∴AB=BC=AH=$\sqrt{2}$，DH=$\sqrt{2}$，
建立以A為原點(diǎn)，AH，AB，AP分別為x，y，z軸的空間直角坐標(biāo)系如圖：
則A（0，0，0），B（0，$\sqrt{2}$，0），C（$\sqrt{2}$，$\sqrt{2}$，0），P（0，0，2），E（0，0，1），D（$\sqrt{2}$，-$\sqrt{2}$，0），
$\overrightarrow{CE}$=（-$\sqrt{2}$，-$\sqrt{2}$，1），$\overrightarrow{BC}$=（$\sqrt{2}$，0，0），$\overrightarrow{CD}$=（0，-2$\sqrt{2}$，0）
設(shè)平面BPC的一個(gè)法向量為$\overrightarrow{m}$=（x，y，z），
則$\left\{\begin{array}{l}{\overrightarrow{m}•\overrightarrow{CE}=-\sqrt{2}x-\sqrt{2}y+z=0}\\{\overrightarrow{m}•\overrightarrow{BC}=\sqrt{2}x=0}\end{array}\right.$，則x=0，令y=$\sqrt{2}$，則z=2，
即$\overrightarrow{m}$=（0，$\sqrt{2}$，2），
設(shè)平面PCD的一個(gè)法向量為$\overrightarrow{n}$=（x，y，z），
$\left\{\begin{array}{l}{\overrightarrow{n}•\overrightarrow{CE}=-\sqrt{2}x-\sqrt{2}y+z=0}\\{\overrightarrow{n}•\overrightarrow{CD}=-2\sqrt{2}y=0}\end{array}\right.$，則y=0，令x=$\sqrt{2}$，則z=2，
$\overrightarrow{n}$=（$\sqrt{2}$，0，2），
則cos＜$\overrightarrow{m}$，$\overrightarrow{n}$＞=$\frac{\overrightarrow{m}•\overrightarrow{n}}{|\overrightarrow{m}||\overrightarrow{n}|}$=$\frac{2×2}{\sqrt{（\sqrt{2}）^{2}+{2}^{2}}•\sqrt{（\sqrt{2}）^{2}+{2}^{2}}}$=$\frac{4}{\sqrt{6}•\sqrt{6}}=\frac{4}{6}$=$\frac{2}{3}$，
即二面角B-CE-D的余弦值是$\frac{2}{3}$．

點(diǎn)評(píng) 本小題主要考查線面平行的，二面角的求解，考查用空間向量解決立體幾何問(wèn)題的方法，考查空間想象能力、運(yùn)算能力和推理論證能力，綜合性較強(qiáng)，運(yùn)算量較大．