分析 (1)設(shè)AC,BD交于點O,連結(jié)OF,由三線合一可得FO⊥AC,由菱形性質(zhì)得AC⊥BD,故而AC⊥平面BDEF;
(2)取AE,AF的中點M,N,連結(jié)DM,MN,ON,可證四邊形ODMN是平行四邊形,故而ON∥DM,又由中位線得力得FC∥ON,于是FC∥DM,從而FC∥平面EAD;
(3)由題意可得△ABD,△BDF,△BCD是邊長為1的等邊三角形,于是FO⊥BD,又FO⊥AC,得出FO⊥平面ABCD,于是VE-BCD=VF-BCD=$\frac{1}{3}{S}_{△BCD}•FO$.
解答 證明:(1)連結(jié)DF,設(shè)AC∩BD=O,連結(jié)OF.
∵四邊形ABCD是菱形,
∴AC⊥BD,O是AC,BD的中點,
∵FA=FC,
∴FO⊥AC,
又∵DB?平面BDEF,F(xiàn)O?平面BDEF,DB∩FO=O,
∴AC⊥平面BDEF.
(2)取AE,AF的中點M,N,連結(jié)DM,MN,ON,
∵MN是△AEF的中位線,
∴MN$\stackrel{∥}{=}$$\frac{1}{2}EF$,
∵四邊形BDEF是菱形,O是BD的中點,
∴OD$\stackrel{∥}{=}$$\frac{1}{2}EF$,
∴四邊形ODMN是平行四邊形,
∴ON∥DM,
∵ON是△AFC的中位線,
∴ON∥FC,
FC∥DM,又DM?平面EAD,F(xiàn)C?平面EAD,
∴FC∥平面EAD.
解:(3)∵四邊形ABCD與BDEF均為菱形,∠DAB=∠DBF=60°,AD=1,
∴△ABD,△BDF,△BCD是邊長為1的等邊三角形,
∴FO⊥BD,F(xiàn)O=$\frac{\sqrt{3}}{2}$,S△BCD=$\frac{1}{2}×1×1×sin60°$=$\frac{\sqrt{3}}{4}$.
又FO⊥AC,BD?平面ABCD,AC?平面ABCD,AC∩BD=O,
∴FO⊥平面ABCD.
∴VE-BCD=VF-BCD=$\frac{1}{3}{S}_{△BCD}•FO$=$\frac{1}{3}×\frac{\sqrt{3}}{4}×\frac{\sqrt{3}}{2}$=$\frac{1}{8}$.
點評 本題考查了線面平行,線面垂直的判定,棱錐的體積計算,屬于中檔題.
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