Question

18．已知等差數(shù)列{a_n}中，a₃=-13，a₅=-11，n∈N^*
（1）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）若b_n=（-1）ⁿ$|\begin{array}{l}{{a}_{n}+1}\end{array}|$（n＜16），求數(shù)列{b_n+$\frac{1}{{a}_{n}}$}的最大值和最小值；
（3）若c_n=a_n+16+$\frac{1}{{（a}_{n}+16）^2}$，記數(shù)列{c_n}前n項(xiàng)和為S_n．
求證：$\frac{n^2（n+1）+3n-1}{2n}$≤S_n≤$\frac{6n^3+9n^2+23n-2}{6（2n+1）}$．

Answer 1

分析 （1）利用等差數(shù)列的通項(xiàng)公式即可得出；
（2）b_n=（-1）ⁿ（15-n）．（n＜16）．對(duì)分類討論，利用數(shù)列的單調(diào)性即可得出．
（3）c_n=n+$\frac{1}{{n}^{2}}$，數(shù)列{c_n}前n項(xiàng)和為S_n=$\frac{n（n+1）}{2}$+$（1+\frac{1}{{2}^{2}}+\frac{1}{{3}^{2}}+…+\frac{1}{{n}^{2}}）$，當(dāng)n≥2時(shí)，$\frac{1}{{n}^{2}}$≤$\frac{4}{（2n-1）（2n+1）}$=2$（\frac{1}{2n-1}-\frac{1}{2n+1}）$，即可證明不等式右邊成立．當(dāng)n≥2時(shí)，2n-2≥n，2n（n-1）≥n²，可得$\frac{1}{{n}^{2}}$≥$\frac{1}{2n（n-1）}$=$\frac{1}{2}（\frac{1}{n-1}-\frac{1}{n}）$．即證明不等式的右邊．

解答 解：（1）設(shè)等差數(shù)列{a_n}的公差為d，∵a₃=-13，a₅=-11，
∴$\left\{\begin{array}{l}{{a}_{1}+2d=-13}\\{{a}_{1}+4d=-11}\end{array}\right.$，解得$\left\{\begin{array}{l}{{a}_{1}=-15}\\{d=1}\end{array}\right.$．
∴a_n=-15+（n-1）=n-16．
（2）b_n=（-1）ⁿ$|\begin{array}{l}{{a}_{n}+1}\end{array}|$=（-1）ⁿ|n-16+1|=（-1）ⁿ（15-n）．（n＜16）．
f（n）=b_n+$\frac{1}{{a}_{n}}$=（-1）ⁿ（15-n）+$\frac{1}{n-16}$，
對(duì)n取2k-1（k∈N^*）時(shí)，$_{2k-1}+\frac{1}{{a}_{2k-1}}$單調(diào)遞增，且f（1）=$-14-\frac{1}{15}$=-$\frac{211}{15}$，f（15）=-1；
對(duì)n取2k（k∈N^*）時(shí)，$_{2k}+\frac{1}{{a}_{2k}}$單調(diào)遞減，且f（2）=13-$\frac{1}{14}$=$\frac{181}{14}$，f（14）=1-$\frac{1}{2}$=$\frac{1}{2}$．
∴f（n）的最大值和最小值分別為：$\frac{181}{14}$；$-\frac{211}{15}$．
（3）c_n=a_n+16+$\frac{1}{{（a}_{n}+16）^2}$=n+$\frac{1}{{n}^{2}}$，
數(shù)列{c_n}前n項(xiàng)和為S_n=$\frac{n（n+1）}{2}$+$（1+\frac{1}{{2}^{2}}+\frac{1}{{3}^{2}}+…+\frac{1}{{n}^{2}}）$，
當(dāng)n≥2時(shí)，$\frac{1}{{n}^{2}}$≤$\frac{4}{（2n-1）（2n+1）}$=2$（\frac{1}{2n-1}-\frac{1}{2n+1}）$，
∴S_n≤$\frac{n（n+1）}{2}$+1+$2[（\frac{1}{3}-\frac{1}{5}）+（\frac{1}{5}-\frac{1}{7}）$+…+$（\frac{1}{2n-1}-\frac{1}{2n+1}）]$=$\frac{n（n+1）}{2}$+1+2$（\frac{1}{3}-\frac{1}{2n+1}）$≤$\frac{6n^3+9n^2+23n-2}{6（2n+1）}$．
因此不等式右邊成立．
當(dāng)n≥2時(shí)，2n-2≥n，∴2n（n-1）≥n²，
$\frac{1}{{n}^{2}}$≥$\frac{1}{2n（n-1）}$=$\frac{1}{2}（\frac{1}{n-1}-\frac{1}{n}）$．
∴S_n≥$\frac{n（n+1）}{2}$+1+$\frac{1}{2}$$[（1-\frac{1}{2}）+（\frac{1}{2}-\frac{1}{3}）$+…+$（\frac{1}{n-1}-\frac{1}{n}）]$=$\frac{n（n+1）}{2}$+1+$\frac{1}{2}（1-\frac{1}{n}）$=$\frac{n（n+1）}{2}+\frac{3n-1}{2n}$≥$\frac{n^2（n+1）+3n-1}{2n}$．
綜上可得：$\frac{n^2（n+1）+3n-1}{2n}$≤S_n≤$\frac{6n^3+9n^2+23n-2}{6（2n+1）}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了等差數(shù)列的通項(xiàng)公式及其前n項(xiàng)和公式、數(shù)列的單調(diào)性、“裂項(xiàng)求和”、不等式的性質(zhì)、“放縮法”，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于難題．