4．(1)減小,通入適量SO₂或給體系升溫 (2)任意值　(3)3.6＜c≤4

講析：(2)a：b=1.2：0.6=2：1，與反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)A時(shí)的起始比例相同，為恒溫恒壓下的等效平衡，生成物只有一種物質(zhì)，則c取任意值。

(3)　　　　 2SO₂(g)+O₂(g) 2SO₃(g)

起始量　 a　　 b　　　　 c

據(jù)題意有： a+b+c＜4.2……①　　　

假設(shè)c molSO₃完全轉(zhuǎn)化為SO₂、O₂，則

(a+c)+(b+)=6……②　 　聯(lián)立①②得：c＞3.6

若起始時(shí)只有SO₃，則c≤4。

c的取值范圍：3.6＜c≤4　　

檢測提高

3．(1)770℃　　 890℃

(2)降低壓強(qiáng)或移去鉀蒸氣　　 適當(dāng)升高溫度

(3)K＝C(K)/C(Na)

講析：此題要求學(xué)生能夠分析圖表數(shù)據(jù)，并結(jié)合化學(xué)平衡移動(dòng)原理加以運(yùn)用。要知道常壓為101.3Kpa，且對平衡常數(shù)數(shù)學(xué)表達(dá)式的要求要熟悉。

1．B　　 2．A

9．(1)在等溫等容條件下，達(dá)平衡時(shí)容器內(nèi)氣體壓強(qiáng)都為P。兩者為等效平衡，換算為同一半邊的物質(zhì)的物質(zhì)的量相同。設(shè)通人1/3molNH₃，需加入N₂和H₂的物質(zhì)的量分別為x和y，則有：x+=1　 x=5/6　 y+ =1　 y=1/2

(2)假設(shè)1molH₂完全反應(yīng)，可生成NH₃ 2/3mol，

消耗N₂1/3mol，則2/3＜n(N₂)＜1； 0＜n(NH₃)＜2/3。

(3)不可能，若按題中給出的N₂和H₂物質(zhì)的量

n(H)=0.5×2+0.5×3=2.5＞2，不符合守恒原理。

第13課時(shí) (B卷)

糾錯(cuò)訓(xùn)練

8．關(guān)于合成氨反應(yīng)壓強(qiáng)條件的選擇，從理論上看：由于增大壓強(qiáng)有利于增大化學(xué)反應(yīng)速率，而該反應(yīng)又是一個(gè)很難進(jìn)行的反應(yīng)，因此，應(yīng)盡量采用高壓；又因該反應(yīng)正方向是一個(gè)氣體分子數(shù)減小的反應(yīng)，增大壓強(qiáng)，平衡將向氣體分子數(shù)減小的方向即正反應(yīng)方向移動(dòng)，故高壓有利于提高N₂、H₂的轉(zhuǎn)化率。由此可知，無論從反應(yīng)速率，還是從化學(xué)平衡考慮，增大壓強(qiáng)總是有利的，因而從理論上講，壓強(qiáng)越高越好。

但是，基于以下兩個(gè)原因：(1)實(shí)驗(yàn)表明，當(dāng)壓強(qiáng)增大到一定程度時(shí)，繼續(xù)增大壓強(qiáng)，NH₃在平衡混合物中含量增加的幅度越來越不顯著；(2)壓強(qiáng)增大，對動(dòng)力、材料及設(shè)備的要求越來越高，而這些要求又受到現(xiàn)實(shí)條件的種種限制，因此，壓強(qiáng)的無限增大既無必要，也不現(xiàn)實(shí)。

綜上所述，從提高綜合經(jīng)濟(jì)效益考慮，應(yīng)采取適當(dāng)高壓，就目前理論和實(shí)踐發(fā)展水平來看，根據(jù)生產(chǎn)廠家的規(guī)模和條件，宜采用的壓強(qiáng)是20MPa--50MPa。

關(guān)于SO₂轉(zhuǎn)化為SO₃的反應(yīng)：2SO₂(g)+O₂ (g) 　2SO₃(g)；△H＜0，雖然增大壓強(qiáng)對提高反應(yīng)速率和轉(zhuǎn)化率都有利，但由于在V₂O₅催化下，此反應(yīng)已有很快的速率，且常壓下SO₂轉(zhuǎn)化率已高達(dá)97.5%(450℃)，故不必采取加壓的措施。

可見，反應(yīng)條件的選擇應(yīng)從理論與實(shí)際兩個(gè)方面綜合考慮。

7．(1)除CO的原因是防止合成塔中的催化劑中毒；

(2)吸收CO的適宜條件應(yīng)選擇：低溫、高壓；

(3)醋酸銅氨再生的適宜條件是：高溫、低壓。

講析：分析吸收CO反應(yīng)的特點(diǎn)：正反應(yīng)是氣體體積縮小的放熱反應(yīng)，對于這樣一個(gè)可逆反應(yīng)，用化學(xué)平衡原理及有關(guān)知識可做出解答。

6．解建立計(jì)算模式：　 X　 +　 2Y　 　2Z

n始(mol)　　 a　　　　 b　　　　 0

Δn(mol)　　 x　　　　 2x　　　　 2x

n平(mol)　　 a-x　　　 b-2x　　　 2x

據(jù)題意：(a-x)mol+(b-2x)mol=2xmol　 mol

氣體Y的轉(zhuǎn)化率＝　故B項(xiàng)正確。

1．D　 2．BD　 3．BD　 4．D　 5．D　 6．B　

講析：1．第一步反應(yīng)：C(s)+H₂O(g) CO(g)+H₂(g) ；△H＞0，是吸熱反應(yīng)，降低溫度平衡左移；生成的CO量少，不利于提高CO的轉(zhuǎn)化率，故①不對。增大CO 濃度，其轉(zhuǎn)化率也不可能提高。此題選D。　2．應(yīng)注意化學(xué)平衡移動(dòng)原理和化學(xué)反應(yīng)速率理論的應(yīng)用范圍。B中加催化劑只能提高反應(yīng)速率。D中合成氨的反應(yīng)是放熱反應(yīng)，升高溫度反應(yīng)速率加快，平衡左移�！�3．寒冷季節(jié)易誘發(fā)關(guān)節(jié)疼痛，說明降低溫度易形成尿酸鈉晶體，則反應(yīng)②是放熱反應(yīng)，故選BD�！�4．平衡氣體平均相對分子質(zhì)量為2×4.25=8.5，而向右反應(yīng)結(jié)果，物質(zhì)的量增加，平均相對分子減小。根據(jù)平衡中可逆反應(yīng)的不完全轉(zhuǎn)化特征n(A)>n(平)，故M(A)<2M(平)=17�！�5．根據(jù)固定體積的密閉容器內(nèi)溫度不變，混合氣體的壓強(qiáng)增大和“X”濃度減小，可知化學(xué)平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，得4+3<2+n，n>5，據(jù)選項(xiàng)可知n=6。

3．(1)正反應(yīng)，7.0　(2)不相等，因題中有“x在一定范圍內(nèi)變化時(shí)，均可以通過調(diào)節(jié)反應(yīng)器的溫度，使兩側(cè)反應(yīng)都達(dá)到平衡，并且隔板恰好處于反應(yīng)器的正中位置”，所以當(dāng)x=4.5時(shí)或5.0時(shí)，達(dá)到平衡的溫度一定不同，因平衡條件不同，平衡時(shí)A的物質(zhì)的量一定不同。

講析：(1)反應(yīng)器左側(cè)的反應(yīng)為一個(gè)反應(yīng)前后總體積不變化的反應(yīng)，總物質(zhì)的量始終為n_A+n_B+n_C＝4mol+4mol+4mol＝12mol，這就要求反應(yīng)器右側(cè)也必須始終保持總的物質(zhì)的量為12mol。當(dāng)x=4.5時(shí)，右側(cè)反應(yīng)在起始時(shí)總的物質(zhì)的量為6.5mol+4.5mol+2mol=13mol，大于12mol，此時(shí)反應(yīng)向總體積縮小的方向移動(dòng)，即向正反應(yīng)方向進(jìn)行。由于右側(cè)的正反應(yīng)是一個(gè)體積縮小的反應(yīng)，E物質(zhì)參與反應(yīng)的越多，體積縮小的越多。設(shè)平衡時(shí)D物質(zhì)消耗量為amol。

D　　+　　2E　 　2F

起始時(shí)： 6.5　　　　　　　 x　　　　 2.0

變化量：　 a　　　　　　　 2a　　　　 2a

平衡時(shí)：6.5-a　　　　　　 x-2a　　　　 2.0+2a

　解得　x<7.0

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2．A、D　

講析：　　　　　　 　 X(g)+a Y(g) b Z(g)

反應(yīng)前物質(zhì)的量(mol)　　 　 1　　 a　　　　　　 0

反應(yīng)后物質(zhì)的量(mol) 1-1×50%=0.5　 0.5a　　　 0.5b

反應(yīng)前氣體總物質(zhì)的量為(1+a)mol

反應(yīng)后氣體總物質(zhì)的量為(0.5+ 0.5a+0.5b)mol

按定義，密度、質(zhì)量、體積之間的關(guān)系為d=m/V，題設(shè)情境氣體的總質(zhì)量m未變，所以氣體密度d與體積V成反比，在同溫同壓下，按照阿伏加德羅定律，V又與氣體總物質(zhì)的量成正比，因此密度與氣體總物質(zhì)的量成反比。據(jù)此列式

(1+a)：(0.5+ 0.5a+0.5b)=1：，化簡成1+a=2b

將選項(xiàng)中的各a、b值代入可見，只有A、D項(xiàng)的等式成立。