Question

3．已知等差數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和為S_n，且滿足：a₃=6，a₅+a₇=24．
（Ⅰ）求等差數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（Ⅱ）求數(shù)列$\left\{{\frac{1}{S_n}}\right\}$的前P項(xiàng)和T_n．

Answer 1

分析 （Ⅰ）通過設(shè)等差數(shù)列{a_n}的首項(xiàng)為a₁、公差為d，聯(lián)立a₃=6、a₅+a₇=24可知首項(xiàng)、公差，進(jìn)而可得結(jié)論；
（Ⅱ）通過（Ⅰ）裂項(xiàng)可知$\frac{1}{{S}_{n}}$=$\frac{1}{n}$-$\frac{1}{n+1}$，進(jìn)而并項(xiàng)相加即得結(jié)論．

解答 解：（Ⅰ）設(shè)等差數(shù)列{a_n}的首項(xiàng)為a₁、公差為d，
∵a₃=6，a₅+a₇=24，
∴$\left\{\begin{array}{l}{a_1}+2d=6\\（{{a_1}+4d}）+（{{a_1}+6d}）=24\end{array}\right.$，
解得：$\left\{\begin{array}{l}d=2\\{a_1}=2.\end{array}\right.$，
∴a_n=2+（n-1）×2=2n；
（Ⅱ）由（Ⅰ）得：${S_n}=\frac{{n（{a_1}+{a_n}）}}{2}=\frac{n（2+2n）}{2}=n（n+1）$，
所以${T_n}=\frac{1}{S_1}+\frac{1}{S_2}+…+\frac{1}{{{S_{n-1}}}}+\frac{1}{S_n}=\frac{1}{1×2}+\frac{1}{2×3}+…+\frac{1}{（n-1）n}+\frac{1}{n（n+1）}$
=$（{1-\frac{1}{2}}）+（{\frac{1}{2}-\frac{1}{3}}）+（{\frac{1}{3}-\frac{1}{4}}）+…+（{\frac{1}{n-1}-\frac{1}{n}}）+（{\frac{1}{n}-\frac{1}{n+1}}）$
=$1-\frac{1}{n+1}=\frac{n}{n+1}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查數(shù)列的通項(xiàng)及前n項(xiàng)和，考查運(yùn)算求解能力，利用裂項(xiàng)相消法是解決本題的關(guān)鍵，注意解題方法的積累，屬于中檔題．